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高中數學人教A版必修二第二章 章末檢測A含答案

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1、 人教版高中數學必修精品教學資料 第二章 章末檢測(A) (時間:120分鐘 滿分:150分) 一、選擇題(本大題共12小題,每小題5分,共60分) 1.在空間四邊形ABCD的邊AB,BC,CD,DA上分別取E、F、G、H四點,如果EF,GH交于一點P,則(  ) A.P一定在直線BD上 B.P一定在直線AC上 C.P一定在直線AC或BD上 D.P既不在直線AC上,也不在直線BD上 2.下列推理錯誤的是(  ) A.A∈l,A∈α,B∈l,B∈α?l?α B.A∈α,A∈β,B∈α,B∈β?α∩β=AB C.l?α,A∈l?A?α D.A∈l,l?α?A∈

2、α 3.給定下列四個命題: ①若一個平面內的兩條直線與另一個平面都平行,那么這兩個平面相互平行; ②若一個平面經過另一個平面的垂線,那么這兩個平面相互垂直; ③垂直于同一直線的兩條直線相互平行; ④若兩個平面垂直,那么一個平面內與它們的交線不垂直的直線與另一個平面也不垂直. 其中,為真命題的是(  ) A.①和② B.②和③ C.③和④ D.②和④ 4.在空間中,下列說法中不正確的是(  ) A.兩組對邊相等的四邊形是平行四邊形 B.兩組對邊平行的四邊形是平行四邊形 C.一組對邊平行且相等的四邊形是平行四邊形 D.對角線互

3、相平分的四邊形是平行四邊形 5.長方體ABCD-A1B1C1D1中,異面直線AB,A1D1所成的角等于(  ) A.30 B.45 C.60 D.90 6.正方體ABCD-A1B1C1D1中,二面角C1-AB-C的平面角等于(  ) A.30 B.45 C.60 D.90 7.已知m,n是不同的直線,α,β是不重合的平面,則下列命題中正確的是(  ) A.若m∥α,m∥n,則n∥α B.若m⊥α,n⊥α,則n⊥m C.若m⊥α,m∥β,則α⊥β D.若α⊥β,m?α,則m⊥β 8.如圖(1)所示,在正方形SG1G2G3中,E,F分別是G1G2及G2G3的中點,D

4、是EF的中點,現在沿SE,SF及EF把這個正方形折成一個四面體,使G1,G2,G3三點重合,重合后的點記為G,如圖(2)所示,那么,在四面體S-EFG中必有(  ) A.SG⊥△EFG所在平面 B.SD⊥△EFG所在平面 C.GF⊥△SEF所在平面 D.GD⊥△SEF所在平面 9.如圖所示,將無蓋正方體紙盒展開,直線AB、CD在原正方體中的位置關系是(  ) A.平行 B.相交且垂直 C.異面直線 D.相交成60角 10.矩形ABCD中,AB=4,BC=3,沿AC將矩形ABCD折成一個直二面角B-AC-D,則四面體ABCD的外接球的體積為(  ) A.π B.π

5、 C.π D.π 11.如圖所示,在正方體ABCD—A1B1C1D1中,若E是A1C1的中點,則直線CE垂直于(  ) A.AC B.BD C.A1D D.A1D1 12.如圖所示,將等腰直角△ABC沿斜邊BC上的高AD折成一個二面角,此時∠B′AC=60,那么這個二面角大小是(  ) A.90 B.60 C.45 D.30 二、填空題(本大題共4小題,每小題5分,共20分) 13.設平面α∥平面β,A、C∈α,B、D∈β,直線AB與CD交于點S,且點S位于平面α,β之間,AS=8,BS=6,CS=12,則SD=_______

6、_. 14.如圖所示,已知矩形ABCD中,AB=3,BC=a,若PA⊥平面AC,在BC邊上取點E,使PE⊥DE,則滿足條件的E點有兩個時,a的取值范圍是________. 15.如圖所示,在直四棱柱ABCD—A1B1C1D1中,當底面四邊形A1B1C1D1滿足條件________時,有A1C⊥B1D1(注:填上你認為正確的一種情況即可,不必考慮所有可能的情況). 16.下列四個命題:①若a∥b,a∥α,則b∥α;②若a∥α,b?α,則a∥b;③若a∥α,則a平行于α內所有的直線;④若a∥α,a∥b,b?α,則b∥α. 其中正確命題的序號是________. 三、解答題(本大題

7、共6小題,共70分) 17.(10分) 如圖所示,長方體ABCD-A1B1C1D1中,M、N分別為AB、A1D1的中點,判斷MN與平面A1BC1的位置關系,為什么? 18.(12分) 如圖,在四面體ABCD中,CB=CD,AD⊥BD,且E、F分別是AB、BD的中點. 求證:(1)EF∥面ACD; (2)面EFC⊥面BCD. 19.(12分) 如圖,已知矩形ABCD,過A作SA⊥平面AC,再過A作AE⊥SB于點E,過E作EF⊥SC于點F. (1)求證:AF⊥SC; (2)若平面AEF交SD于點G,求證:AG⊥SD.

8、 20.(12分)如圖所示,ABCD是正方形,O是正方形的中心,PO⊥底面ABCD,底面邊長為a,E是PC的中點. (1)求證:PA∥面BDE;平面PAC⊥平面BDE; (2)若二面角E-BD-C為30,求四棱錐P-ABCD的體積. 21.(12分)如圖所示,在矩形ABCD中,AB=3,BC=3,沿對角線BD將△BCD折起,使點C移到C′點,且C′點在平面ABD上的射影O恰在AB上. (1)求證:BC′⊥平面AC′D; (2)求點A到平面BC′D的距離. 22.(12

9、分) 如圖,在五面體ABC-DEF中,四邊形ADEF是正方形,FA⊥平面ABCD,BC∥AD,CD=1,AD=2,∠BAD=∠CDA=45. (1)求異面直線CE與AF所成角的余弦值; (2)證明CD⊥平面ABF; (3)求二面角B-EF-A的正切值. 第二章 點、直線、平面之間的位置關系(A) 答案 1.B [(如圖),∵P∈HG,HG?面ACD, ∴P∈面ACD,同理P∈面BAC, 面BAC∩面ACD=AC; ∴P∈AC,選B.] 2.C [若直線l∩α=A,顯然有l(wèi)?α,A∈l,但A∈α.] 3.D [當兩個平面相交時,一個平

10、面內的兩條直線可以平行于另一個平面,故①不對;由平面與平面垂直的判定可知②正確;空間中垂直于同一條直線的兩條直線可以相交也可以異面,故③不對;若兩個平面垂直,只有在一個平面內與它們的交線垂直的直線才與另一個平面垂直,故④正確.] 4.A 5.D [由于AD∥A1D1,則∠BAD是異面直線AB,A1D1所成的角,很明顯∠BAD=90.] 6.B 7.C [A中還有可能n?α;B中n∥m;D中還有可能m∥β或m?β或相交不垂直;C中,由于m∥β,設過m的平面γ與β交于b,則m∥b,又m⊥α,則b⊥α,又b?β,則α⊥β,所以C正確.] 8.A [∵四邊形SG1G2G3是正方形, ∴SG

11、1⊥G1E,EG1⊥G2F,FG3⊥SG3. 當正方形折成四面體之后,上述三個垂直關系仍保持不變, EG,GF成為四面體的面EGF的相鄰兩條邊, 因此,在四面體S-EFG中側棱SG⊥GE,SG⊥GF, ∴SG⊥平面EFG.] 9.D [恢復成正方體(如圖), 易知△ABC為等邊三角形, 所以∠ABC=60.選D.] 10.C [球心O為AC中點,半徑為R=AC=, V=πR3=π.選C.] 11.B [證BD⊥面CC1E,則BD⊥CE.] 12.A [連接B′C,則△AB′C為等邊三角形,設AD=a, 則B′C=AC=a,B′D=DC=a, 所以∠B′DC=90.]

12、 13.9 解析 由面面平行的性質得AC∥BD,=, 解得SD=9. 14.a>6 解析 (如圖) 由題意知:PA⊥DE, 又PE⊥DE, 所以DE⊥面PAE,∴DE⊥AE. 易證△ABE∽△ECD. 設BE=x,則=,即=. ∴x2-ax+9=0,由Δ>0,解得a>6. 15.B1D1⊥A1C1(答案不唯一) 解析 由直四棱柱可知CC1⊥面A1B1C1D1, 所以CC1⊥B1D1,要使B1D1⊥A1C, 只要B1D1⊥平面A1CC1,所以只要B1D1⊥A1C1, 還可以填寫四邊形A1B1C1D1是菱形,正方形等條件. 16.④ 解析?、僦衎可能在α內;②

13、a與b可能異面;③a可能與α內的直線異面. 17.解 直線MN∥平面A1BC1, 證明如下: ∵MD/∈平面A1BC1,ND/∈平面A1BC1. ∴MN?平面A1BC1. 如圖,取A1C1的中點O1,連接NO1、BO1. ∵NO1綊D1C1, MB綊D1C1,∴NO1綊MB. ∴四邊形NO1BM為平行四邊形.∴MN∥BO1. 又∵BO1?平面A1BC1, ∴MN∥平面A1BC1. 18.證明 (1)∵E,F分別是AB,BD的中點, ∴EF是△ABD的中位線,∴EF∥AD, ∵EF?面ACD,AD?面ACD,∴EF∥面ACD. (2)∵AD⊥BD,EF∥AD,∴E

14、F⊥BD. ∵CB=CD,F是BD的中點,∴CF⊥BD. 又EF∩CF=F,∴BD⊥面EFC.∵BD?面BCD, ∴面EFC⊥面BCD. 19.證明 (1)∵SA⊥平面AC,BC?平面AC, ∴SA⊥BC, ∵四邊形ABCD為矩形,∴AB⊥BC. ∴BC⊥平面SAB,∴BC⊥AE. 又SB⊥AE,∴AE⊥平面SBC. ∴AE⊥SC.又EF⊥SC,∴SC⊥平面AEF. ∴AF⊥SC. (2)∵SA⊥平面AC,∴SA⊥DC. 又AD⊥DC,∴DC⊥平面SAD. ∴DC⊥AG. 又由(1)有SC⊥平面AEF,AG?面AEF, ∴SC⊥AG,∴AG⊥平面SDC,∴AG⊥S

15、D. 20.(1)證明  連接OE,如圖所示. ∵O、E分別為AC、PC中點, ∴OE∥PA. ∵OE?面BDE,PA?面BDE, ∴PA∥面BDE. ∵PO⊥面ABCD,∴PO⊥BD. 在正方形ABCD中,BD⊥AC, 又∵PO∩AC=0,∴BD⊥面PAC. 又∵BD?面BDE,∴面PAC⊥面BDE. (2)解 取OC中點F,連接EF. ∵E為PC中點, ∴EF為△POC的中位線,∴EF∥PO. 又∵PO⊥面ABCD, ∴EF⊥面ABCD ∵OF⊥BD,∴OE⊥BD. ∴∠EOF為二面角E-BD-C的平面角, ∴∠EOF=30. 在Rt△OEF中,

16、 OF=OC=AC=a, ∴EF=OFtan 30=a,∴OP=2EF=a. ∴VP-ABCD=a2a=a3. 21.(1)證明 ∵點C′在平面ABD上的射影O在AB上, ∴C′O⊥平面ABD,∴C′O⊥DA. 又∵DA⊥AB,AB∩C′O=O, ∴DA⊥平面ABC′,∴DA⊥BC′. 又∵BC⊥CD,∴BC′⊥C′D. ∵DA∩C′D=D,∴BC′⊥平面AC′D. (2)解  如圖所示, 過A作AE⊥C′D,垂足為E,連接BE. ∵BC′⊥平面AC′D,∴BC′⊥AE. ∴AE⊥平面BC′D. 故AE的長就是A點到平面BC′D的距離. ∵AD⊥AB,DA⊥B

17、C′, ∴AD⊥平面ABC′,∴DA⊥AC′. 在Rt△AC′B中,AC′==3. 在Rt△BC′D中,C′D=CD=3. 在Rt△C′AD中,由面積關系,得 AE===. ∴點A到平面BC′D的距離是. 22.(1)解 因為四邊形ADEF是正方形,所以FA∥ED. 所以∠CED為異面直線CE與AF所成的角. 因為FA⊥平面ABCD,所以FA⊥CD.故ED⊥CD. 在Rt△CDE中,CD=1,ED=2, CE==3, 所以cos ∠CED==. 所以異面直線CE與AF所成角的余弦值為. (2)證明 如圖,過點B作BG∥CD,交AD于點G,則∠BGA=∠CDA=45. 由∠BAD=45,可得BG⊥AB,從而CD⊥AB. 又CD⊥FA,FA∩AB=A,所以CD⊥平面ABF. (3)解 由(2)及已知,可得AG=,即G為AD的中點. 取EF的中點N,連接GN,則GN⊥EF. 因為BC∥AD,所以BC∥EF. 過點N作NM⊥EF,交BC于點M, 則∠GNM為二面角B-EF-A的平面角. 連接GM,可得AD⊥平面GNM,故AD⊥GM, 從而BC⊥GM. 由已知,可得GM=. 由NG∥FA,FA⊥GM,得NG⊥GM. 在Rt△NGM中,tan ∠GNM==. 所以二面角B-EF-A的正切值為.

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