2019高考物理一輪選練編題（含解析）（打包10套）新人教版.zip,2019,高考,物理,一輪,選練編題,解析,打包,10,新人 人教物理2019高考一輪選練編題（8） 李仕才 一、選擇題 1、如圖所示,質(zhì)量均可忽略的輕繩與輕桿承受彈力的最大值一定,輕桿A端用鉸鏈固定,滑輪在A點(diǎn)正上方(滑輪大小及摩擦均可不計(jì)),輕桿B端吊一重物G,現(xiàn)將繩的一端拴在桿的B端,用拉力F將B端緩慢上拉(均未斷),在AB桿達(dá)到豎直前,以下分析正確的是(　B　) A.繩子越來越容易斷 B.繩子越來越不容易斷 C.AB桿越來越容易斷 D.AB桿越來越不容易斷 解析: 以B點(diǎn)為研究對(duì)象,它受三個(gè)力的作用而處于動(dòng)態(tài)平衡狀態(tài),其中一個(gè)是輕桿的彈力T,一個(gè)是繩子斜向上的拉力F,一個(gè)是繩子豎直向下的拉力F′(大小等于物體的重力mg),如圖所示,根據(jù)相似三角形法,可得==,由于OA和AB不變,OB逐漸減小,因此輕桿上的彈力大小不變,而繩子上的拉力越來越小,故選項(xiàng)B正確,A,C,D錯(cuò)誤. 2、質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上．用水平向左的力F緩慢拉動(dòng)繩的中點(diǎn)O，如圖所示．用T表示繩OA段拉力的大小，在O點(diǎn)向左移動(dòng)的過程中(　　) A．F逐漸變大，T逐漸變大 B．F逐漸變大，T逐漸變小 C．F逐漸變小，T逐漸變大 D．F逐漸變小，T逐漸變小 解析：選A.以O(shè)點(diǎn)為研究對(duì)象，受力如圖所示，當(dāng)用水平向左的力緩慢拉動(dòng)O點(diǎn)時(shí)，則繩OA與豎直方向的夾角變大，由共點(diǎn)力的平衡條件知F逐漸變大，T逐漸變大，選項(xiàng)A正確． 3、（2018衡水中學(xué)調(diào)研）如圖甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B兩物塊靜止于光滑水平面上，兩物塊的質(zhì)量分別為 mA=lkg、mB=2kg，當(dāng)A、B之間產(chǎn)生拉力且大于0.3N時(shí)A、B將會(huì)分離．t=0時(shí)刻開始對(duì)物塊A施加一水平推力F1，同時(shí)對(duì)物塊B施加同一方向的拉力F2，使A、B從靜止開始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中F1、F2方向保持不變，F(xiàn)1、F2的大小隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示．則下列關(guān)于A、B兩物塊 受力及運(yùn)動(dòng)情況的分析，正確的是（ ） A. t=2.0s時(shí)刻A、B之間作用力大小為0.6N B. t=2.0s時(shí)刻A、B之間作用力為零 C. t=2.5s時(shí)刻A對(duì)B的作用力方向向左 D. 從t=0時(shí)刻到A、B分離，它們運(yùn)動(dòng)的位移為5.4m 【答案】AD 【解析】設(shè)t時(shí)刻AB分離，分離之前AB物體共同運(yùn)動(dòng)，加速度為，以整體為研究對(duì)象，則有：，分離時(shí)：，得，經(jīng)歷時(shí)間，根據(jù)位移公式，則D正確；當(dāng)時(shí)，，，得，A正確B錯(cuò)誤；當(dāng)時(shí)，，，得，C錯(cuò)誤． 4、如圖，一理想變壓器原線圈接入一交流電源，副線圈電路中R1、R2和R3均為定值電阻，V1和V2為理想電壓表， A1和A2為理想電流表．開關(guān)S閉合時(shí)，V1和V2的讀數(shù)分別為U1和U2；A1和A2的讀數(shù)分別為I1和I2.若交流電源電壓不變，現(xiàn)斷開S，下列推斷中正確的是(　　) A．U2可能變小、I2一定變小 B．U2一定不變、I2一定變小 C．I1一定變小、I2可能變大 D．I1可能變大、I2可能變大 解析：選B.交流電源電壓不變，U1數(shù)值不變，根據(jù)變壓器變壓公式可知，副線圈電壓只與原線圈電壓和變壓器原、副線圈匝數(shù)比有關(guān)．現(xiàn)斷開S，U2不變，副線圈所接電路的等效電阻增大，電流表A2的讀數(shù)I2變小，選項(xiàng)B正確．變壓器輸出功率減小，導(dǎo)致變壓器輸入功率變小，I1變小，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤． 5、如圖所示,電阻不計(jì)、間距為l的光滑平行金屬導(dǎo)軌水平放置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,導(dǎo)軌左端接一定值電阻R.質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上,受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運(yùn)動(dòng),外力F與金屬棒速度v的關(guān)系是F=F0+kv(F0,k是常量),金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好.金屬棒中感應(yīng)電流為i,受到的安培力大小為FA,電阻R兩端的電壓為UR,感應(yīng)電流的功率為P,它們隨時(shí)間t變化圖像可能正確的有(　BC　) 解析:設(shè)金屬棒在某一時(shí)刻速度為v,感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=Blv,回路電流I==v,即I∝v;安培力FA=BIl=v,方向水平向左,即FA∝v;R兩端電壓UR=IR=v,即UR∝v;感應(yīng)電流的功率P=EI=v2,即P∝v2.分析金屬棒運(yùn)動(dòng)情況,由牛頓第二定律可得F合=F-FA=F0+kv-v= F0+(k-)v,即加速度a=.因?yàn)榻饘侔粲伸o止出發(fā),所以F0>0,且 F合>0,即a>0,加速度方向水平向右. (1)若k=,F合=F0,即a=,金屬棒水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng).有v=at,說明v ∝t,也即是I∝t,FA∝t,UR∝t,P∝t2,在此情況下沒有選項(xiàng)符合; (2)若k>,F合隨v增大而增大,即a隨v增大而增大,說明金屬棒在做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng),可知選項(xiàng)B符合; (3)若k<,F合隨v增大而減小,即a隨v增大而減小,說明金屬棒在做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng),直到加速度減小為0后金屬棒做勻速直線運(yùn)動(dòng),可知選項(xiàng)C符合. 綜上所述,選項(xiàng)B,C符合題意. 6、如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌置于水平面內(nèi)，導(dǎo)軌之間接有電阻R.金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸，整個(gè)裝置放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下．現(xiàn)使磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是(　　) A．a(chǎn)b中的感應(yīng)電流方向由b到a B．a(chǎn)b 中的感應(yīng)電流逐漸減小 C．a(chǎn)b所受的安培力保持不變 D．a(chǎn)b所受的靜摩擦力逐漸減小 解析：選D.磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，ab始終保持靜止，所以閉合回路面積不發(fā)生改變，根據(jù)楞次定律ab中產(chǎn)生由a到b的恒定電流，A錯(cuò)誤，由法拉第電磁感應(yīng)定律，E＝＝S，電阻一定，則感應(yīng)電流不變，B錯(cuò)誤；由于電流恒定，磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小，所以，安培力逐漸減小，靜摩擦力與安培力是一對(duì)平衡力，所以靜摩擦力逐漸減小，C錯(cuò)誤，D正確． 7、在光滑絕緣的水平地面上放置四個(gè)相同的可看作質(zhì)點(diǎn)的金屬小球，小球A、B、C位于等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上，小球D位于三角形的中心，如圖所示．現(xiàn)讓小球A、B、C都帶電荷量為Q的正電荷，讓小球D帶電荷量為q的負(fù)電荷，若四個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則Q與q的比值為(　　) A. B. C．3 D. 【答案】D 8、甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)在同一時(shí)刻、從同一地點(diǎn)沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)。質(zhì)點(diǎn)甲做初速度為零，加速度大小為a1的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)乙做初速度為v0，加速度大小為a2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)至速度減為零后保持靜止。甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)在運(yùn)動(dòng)過程中的x-v?(位置—速度)?圖像如圖所示，?(虛線與對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)軸垂直)，則( ) A. 在x-v圖像中，圖線a表示質(zhì)點(diǎn)甲的運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)乙的初速度v0=12m/s B. 質(zhì)點(diǎn)乙的加速度大小a2=2m/s2 C. 質(zhì)點(diǎn)甲的加速度大小a1=2m/s2 D. 圖線a、b的交點(diǎn)表示兩質(zhì)點(diǎn)同時(shí)到達(dá)同一位置 【來源】【全國百強(qiáng)?！克拇ㄊ‰p流中學(xué)2018屆高三考前第一次模擬考試?yán)砭C物理試題 【答案】 C 【解析】A、由圖可知，在x-v圖像中，圖線a表示質(zhì)點(diǎn)甲的運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)乙的初速度v0=6m/s，故A錯(cuò)誤； BC、質(zhì)點(diǎn)乙、甲先后通過x=6m處時(shí)的速度均為v，對(duì)質(zhì)點(diǎn)甲：，對(duì)質(zhì)點(diǎn)乙：，聯(lián)立解得，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)甲的速度v1=8m/s、質(zhì)點(diǎn)乙的速度v2=2m/s時(shí)，兩質(zhì)點(diǎn)通過相同的位移均為，對(duì)質(zhì)點(diǎn)甲：，對(duì)質(zhì)點(diǎn)乙：，聯(lián)立解得 ，所以 ，故B錯(cuò)誤，C正確； D、圖線a、b的交點(diǎn)表示質(zhì)點(diǎn)乙、甲先后通過x=6m處時(shí)的速度均為v，故D錯(cuò)誤； 故選C。 【點(diǎn)睛】根據(jù)圖象中速度隨位移的變化關(guān)系判斷哪個(gè)圖象是甲的運(yùn)動(dòng)圖象，哪個(gè)是乙的圖象，再根據(jù)圖象直接讀出x=0時(shí)，乙的速度；分別對(duì)甲和乙，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)基本公式列式，聯(lián)立方程求解即可。 二、非選擇題 1．某物理實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)安裝“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．讓質(zhì)量為m1的小球從斜面上某處自由滾下與靜止在支柱上質(zhì)量為m2的小球發(fā)生對(duì)心碰撞，則： (1)(多選)下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)的說法正確的是________． A．軌道末端的切線必須是水平的 B．斜槽軌道必須光滑 C．入射球m1每次必須從同一高度滾下 D．應(yīng)滿足入射球m1質(zhì)量小于被碰小球m2 (2)在實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)小球的落點(diǎn)情況，該同學(xué)測(cè)量出OP、OM、ON、O′P、O′M、O′N的長(zhǎng)度，用以上數(shù)據(jù)合理地寫出驗(yàn)證動(dòng)量守恒的關(guān)系式為 ________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________. (3)在實(shí)驗(yàn)中，用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)得兩球的直徑相等，讀數(shù)部分如圖所示，則小球的直徑為________mm. 解析：(1)要保證小球每次都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，A正確；“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，通過平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度，只要離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度相同即可，對(duì)斜槽是否光滑沒有要求，B錯(cuò)誤；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，C正確；在“驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)中，為防止被碰球碰后反彈，入射球的質(zhì)量m1必須大于被碰球的質(zhì)量m2，D錯(cuò)誤． (2)入射球與被碰球離開斜槽末端后均從同一高度開始做平拋運(yùn)動(dòng)，則小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同．由實(shí)驗(yàn)操作可知需要驗(yàn)證動(dòng)量守恒表達(dá)式為m1v1＝m1v1′＋m2v2′，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同則有m1v1t＝m1v1′t＋m2v2′t，整理可得m1·OP＝m1·OM＋m2·O′N. (3)由圖可知主尺22 mm處的刻度線與游標(biāo)尺的第11小格對(duì)齊，則由游標(biāo)卡尺的讀數(shù)規(guī)則可知小球的直徑為22 mm－11×0.95 mm＝11.55 mm. 答案：(1)AC　(2)m1·OP＝m1·OM＋m2·O′N (3)11.55 7 人教物理2019高考一輪選練編題（9） 李仕才 一、選擇題 1、兩個(gè)質(zhì)量相等的物塊通過輕繩繞過兩個(gè)光滑滑輪處于如圖所示的靜止?fàn)顟B(tài),AB與水平方向成45°角,過A的水平線與過B的豎直線交于C點(diǎn),現(xiàn)給AB的中點(diǎn)O施加一外力F,使O點(diǎn)緩慢地向C點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng),則運(yùn)動(dòng)過程中下列說法正確的是(　AC　) A.F的方向總是指向C B.F的方向在不斷地變化 C.F在不斷地增大 D.F先增大后減小 解析:點(diǎn)O受兩側(cè)繩子的拉力和拉力F而平衡,兩個(gè)物體重力相等,故兩側(cè)繩子的拉力等大;直線OC是線段AB的垂直平分線,兩側(cè)繩子的拉力等大,合力在角平分線上,即從C點(diǎn)指向O點(diǎn),根據(jù)平衡條件,拉力F的方向總是指向C,選項(xiàng)A正確,B錯(cuò)誤;兩側(cè)繩子的拉力等大,夾角減小,由平行四邊形定則可知合力變大,根據(jù)平衡條件,拉力F與兩側(cè)繩子的拉力的合力是大小相等,方向相反的,所以拉力F也變大,故選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤. 2、如圖所示，在豎直墻壁的A點(diǎn)處有一根水平輕桿a，桿的左端有一個(gè)輕滑輪O.一根細(xì)線上端固定在該天花板的B點(diǎn)處，細(xì)線跨過滑輪O，下端系一個(gè)重為G的物體，開始時(shí)BO段細(xì)線與天花板的夾角為θ＝30°.系統(tǒng)保持靜止，當(dāng)輕桿a緩慢向下移動(dòng)的過程中，不計(jì)一切摩擦．下列說法中正確的是(　　) A．細(xì)線BO對(duì)天花板的拉力不變 B．a(chǎn)桿對(duì)滑輪的作用力逐漸減小 C．a(chǎn)桿對(duì)滑輪的作用力的方向沿桿水平向右 D．墻壁對(duì)a桿的作用力不變 解析：選B.細(xì)線BO對(duì)天花板的拉力大小等于物體重力，當(dāng)輕桿a緩慢向下移動(dòng)的過程中，細(xì)線拉力大小不變，方向改變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；以滑輪為研究對(duì)象，畫出受力分析圖，當(dāng)輕桿a緩慢向下移動(dòng)的過程中，a桿對(duì)滑輪的作用力與繩對(duì)滑輪的作用力大小相等，方向相反，故選項(xiàng)B正確、C錯(cuò)誤；以桿為研究對(duì)象，分析受力可得，墻壁對(duì)a桿的作用力方向改變，大小減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 3、（2018浙江省溫州市高三上學(xué)期期中）隨著時(shí)代的發(fā)展和科技的進(jìn)步，手機(jī)給我們?nèi)粘５纳顜砹撕艽蟮谋憷?，尤其是智能手機(jī)上裝載的眾多app軟件改變著我們的生活。如圖所示為百度地圖app軟件的一張截圖，表示了某次導(dǎo)航的具體路徑，其推薦路線中有兩個(gè)數(shù)據(jù)，10分鐘，5.4公里，關(guān)于這兩個(gè)數(shù)據(jù)，下列說法正確的是（ ） A. 10分鐘表示的是某個(gè)時(shí)刻 B. 10分鐘表示的是某段時(shí)間間隔 C. 5.4公里表示了此次行程的位移的大小 D. 根據(jù)這兩個(gè)數(shù)據(jù)，我們可以算出此次行程的平均速度的大小 【答案】B 4、如圖所示為某住宅區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，由交流發(fā)電機(jī)和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成．發(fā)電機(jī)中矩形線圈所圍的面積為S，匝數(shù)為N，電阻不計(jì)，它可繞水平軸OO′在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．矩形線圈通過滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動(dòng)觸頭P上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓，R0表示輸電線的電阻．以線圈平面與磁場(chǎng)平行時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列判斷正確的是(　　) A．若發(fā)電機(jī)線圈某時(shí)刻處于圖示位置，變壓器原線圈的電流瞬時(shí)值為零 B．發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e＝NBωSsin ωt C．當(dāng)用電量增加時(shí)，為使用戶電壓保持不變，滑動(dòng)觸頭P應(yīng)向上滑動(dòng) D．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓將升高 解析：選C.當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，感應(yīng)電流最大，A錯(cuò)誤；從垂直中性面計(jì)時(shí)，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e＝NBSωcos ωt，B錯(cuò)誤；根據(jù)功率P＝UI，當(dāng)電壓不變，則電流增大，從而可確定觸頭P移動(dòng)方向向上，C正確；當(dāng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，會(huì)改變副線圈的電流，從而改變?cè)€圈的電流，不會(huì)改變?cè)€圈的電壓，D錯(cuò)誤． 5、在分析α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象時(shí),不考慮電子對(duì)α粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的影響,這是因?yàn)棣亮Ｗ优c電子(　C　) A.不會(huì)相遇 B.不發(fā)生相互作用 C.發(fā)生的相互作用可以忽略 D.發(fā)生的相互作用可以相互抵消 解析:盧瑟福在分析α粒子散射實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象時(shí),認(rèn)為電子不會(huì)對(duì)α粒子偏轉(zhuǎn)產(chǎn)生影響,其主要原因是電子的質(zhì)量很小,α粒子與電子發(fā)生的相互作用可以忽略,就算碰到,也不會(huì)引起明顯的偏轉(zhuǎn).故C正確,A,B,D錯(cuò)誤. 6、如圖甲所示，兩平行光滑導(dǎo)軌傾角為30°，相距10 cm，質(zhì)量為10 g的直導(dǎo)線PQ水平放置在導(dǎo)軌上，從Q向P看的側(cè)視圖如圖乙所示．導(dǎo)軌上端與電路相連，電路中電源電動(dòng)勢(shì)為12.5 V，內(nèi)阻為0.5 Ω，限流電阻R＝5 Ω，R′為滑動(dòng)變阻器，其余電阻均不計(jì)．在整個(gè)直導(dǎo)線的空間中充滿磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為1 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫出)，磁場(chǎng)方向可以改變，但始終保持垂直于直導(dǎo)線．g取10 m/s2.若要保持直導(dǎo)線靜止在導(dǎo)軌上，則電路中滑動(dòng)變阻器連入電路電阻的極值取值情況及與之相對(duì)應(yīng)的磁場(chǎng)方向是(　　) A．電阻的最小值為12 Ω，磁場(chǎng)方向水平向右 B．電阻的最大值為25 Ω，磁場(chǎng)方向垂直斜面向左上方 C．電阻的最小值為7 Ω，磁場(chǎng)方向水平向左 D．電阻的最大值為19.5 Ω，磁場(chǎng)方向垂直斜面向右下方 解析：選D.磁場(chǎng)方向水平向右時(shí)，直導(dǎo)線所受的安培力方向豎直向上，由平衡條件有mg＝BIL，得I＝＝ A＝1 A，由I＝，得R′＝7 Ω，故A錯(cuò)誤；磁場(chǎng)方向垂直斜面向左上方時(shí)，直導(dǎo)線所受的安培力方向沿斜面向下，不可能靜止在斜面上，故B錯(cuò)誤；磁場(chǎng)方向水平向左時(shí)，直導(dǎo)線所受的安培力方向豎直向下，不可能靜止在斜面上，故C錯(cuò)誤；磁場(chǎng)方向垂直斜面向右下方時(shí)，直導(dǎo)線所受的安培力方向沿斜面向上，由平衡條件有mgsin 30°＝BIL，得I＝·＝0.5 A，由I＝，得R′＝19.5 Ω，即電阻的最大值為19.5 Ω，故D正確． 7、（2018福建省福州一中期末）真空中相距為3a的兩個(gè)點(diǎn)電荷M、N，分別固定于x軸上x1=0和x2=3a的兩點(diǎn)上，在它們連線上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)E隨x變化關(guān)系如圖所示，以下判斷正確的是（ ） A. x=2a處的電勢(shì)一定為零 B. 點(diǎn)電荷M、N一定為同種電荷 C. 在兩點(diǎn)電荷之間沿x軸正向電勢(shì)降低 D. 點(diǎn)電荷M、N所帶電荷量的絕對(duì)值之比為4:1 【答案】BD 【解析】由于電勢(shì)是一個(gè)相對(duì)性的概念，即零電勢(shì)的選擇是任意的，人為的，故處的電勢(shì)可以為零，也可以不為零，故A錯(cuò)誤；由于M、N之間的場(chǎng)強(qiáng)的方向相反，故點(diǎn)電荷M、N一定為同種電荷，故B正確；由于不知道M、N的所帶電荷的性質(zhì)，故需要討論，若都帶正電荷，則場(chǎng)強(qiáng)的方向向右，而沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故沿x軸正向電勢(shì)降低；若都帶負(fù)電荷，則場(chǎng)強(qiáng)的方向向左，故沿x軸正向電勢(shì)升高，故C錯(cuò)誤；M在處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，而N在處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，由于處場(chǎng)強(qiáng)為0，故，所以，故D正確。 8、如圖所示是質(zhì)量為1kg的滑塊在水平面上做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖像，下列判斷正確的是 A. 在t=1s時(shí)，滑塊的加速度為零 B. 在4s末~6s末時(shí)間內(nèi)，滑塊的平均速度為2.5m/s C. 在3s末~7s末時(shí)間內(nèi)，合力做功的平均功率為2W D. 在5s末~6s末時(shí)間內(nèi)，滑塊受到的合力為2N 【來源】【全國百強(qiáng)?！刻旖蚴幸A中學(xué)2018屆高三第二次模擬物理試題 【答案】 C 點(diǎn)睛：本題考察的是直線運(yùn)動(dòng)速度與加速度的關(guān)系,當(dāng)速度不變時(shí)是勻加速,當(dāng)速度等比例減小時(shí)是勻減速,當(dāng)速度等比例增大時(shí)是勻加速.所以需要根據(jù)圖像來讀取速度的變化情況 二、非選擇題 常用無線話筒所用的電池電動(dòng)勢(shì)E約為9 V，內(nèi)阻r約為40 Ω，最大允許電流為100 mA. (1)為測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)先利用多用電表直流電壓10 V擋粗測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)如圖甲所示，測(cè)得值為________V. (2)接著該同學(xué)利用圖乙的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．圖中電壓表為理想電表，R為電阻箱(阻值范圍為0～999.9 Ω)，R0為定值電阻，目的是為了防止電阻箱的阻值調(diào)得過小時(shí)，通過電源的電流大于其承受范圍，起保護(hù)電路的作用；實(shí)驗(yàn)室備有的定值電阻R0的規(guī)格有以下幾種，則本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用________． A．50 Ω，1.0 W　　　　　 B．500 Ω，2.5 W C．1 500 Ω，15 W D．2 500 Ω，25 W (3)接入符合要求的R0后，閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值讀出電壓表的示數(shù)U，再改變電阻箱阻值R，取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖丙的圖線．由圖線求得該電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.(結(jié)果保留三位有效數(shù)字) 解析：(1)直流電壓10 V擋的最小分度為0.2 V，故測(cè)得值為9.2 V. (2)電池最大允許電流為100 mA，則電路中總電阻R總≥＝90 Ω＝r＋R0，故定值電阻R0應(yīng)選50 Ω，選項(xiàng)A正確． (3)根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U＋I(xiàn)(R0＋r)＝U＋(R0＋r)，解得＝＋·，故該圖線縱坐標(biāo)的截距為＝0.1 V－1，解得電池電動(dòng)勢(shì)E＝10.0 V，斜率k＝＝＝，解得R0＋r＝83.3 Ω，故電池內(nèi)阻r＝33.3 Ω. 答案：(1)9.2　(2)A　(3)10.0　33.3 6 人教物理2019高考一輪選練編題（10） 李仕才 一、選擇題 1、如圖所示,用一段繩子把輕質(zhì)滑輪吊裝在A點(diǎn),一根輕繩跨過滑輪,繩的一端拴在井中的水桶上,人用力拉繩的另一端,滑輪中心為O點(diǎn),人所拉繩子與OA的夾角為β,拉水桶的繩子與OA的夾角為α.人拉繩沿水平面向左運(yùn)動(dòng),把井中質(zhì)量為m的水桶勻速提上來,人的質(zhì)量為M,重力加速度為g,在此過程中,以下說法正確的是(　ACD　) A.α始終等于β B.吊裝滑輪的繩子上的拉力逐漸變大 C.地面對(duì)人的摩擦力逐漸變大 D.地面對(duì)人的支持力逐漸變大 解析:水桶勻速上升,拉水桶的輕繩中的拉力T始終等于mg,對(duì)滑輪受力分析如圖(甲)所示. 垂直于OA方向有Tsin α=Tsin β,所以α=β,沿OA方向有F= Tcos α+Tcos β=2Tcos α,人向左運(yùn)動(dòng)的過程中α+β變大,所以α和β均變大,吊裝滑輪的繩子上的拉力F變小,選項(xiàng)A正確,B錯(cuò)誤;對(duì)人受力分析如圖(乙)所示,θ=α+β逐漸變大,水平方向有f= T′sin θ,地面對(duì)人的摩擦力逐漸變大,豎直方向有FN+T′cos θ=Mg,地面對(duì)人的支持力FN=Mg-T′cos θ逐漸變大,選項(xiàng)C,D正確. 2、如圖所示，半圓形框架豎直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為θ，將力F在豎直面內(nèi)沿順時(shí)針方向緩慢地轉(zhuǎn)過90°，框架與小球始終保持靜止?fàn)顟B(tài)．在此過程中下列說法正確的是(　　) A．框架對(duì)小球的支持力先減小后增大 B．拉力F的最小值為mgsin θ C．地面對(duì)框架的摩擦力始終在減小 D．框架對(duì)地面的壓力先增大后減小 解析：選C.小球受重力G、框架給的支持力N、拉力F，由動(dòng)態(tài)三角形可知框架對(duì)小球的支持力一直在減小，故A錯(cuò)誤；當(dāng)拉力與彈力垂直時(shí)拉力最小且為：mgcos θ，故B錯(cuò)誤；把小球和框架看成一個(gè)整體，框架受到地面的摩擦力為拉力沿水平方向的分量，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中水平方向分量逐漸減小，所以地面對(duì)框架的摩擦力始終在減小，故C正確；把小球和框架看成一個(gè)整體，框架受到地面的壓力等于二者重力之和減去拉力在豎直方向的分量，而拉力在豎直分量逐漸增加，所以框架對(duì)地面的壓力逐漸減小，故D錯(cuò)誤．所以C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 3、歷史上有些科學(xué)家曾把在相等位移內(nèi)速度變化相等的單向直線運(yùn)動(dòng)稱為“勻變速直線運(yùn)動(dòng)”（現(xiàn)稱“另類勻變速直線運(yùn)動(dòng)”），“另類加速度”定義為，其中v0和vs分別表示某段位移s內(nèi)的初速和末速。A>0表示物體做加速運(yùn)動(dòng)，A<0表示物體做減速運(yùn)動(dòng)。而現(xiàn)在物理學(xué)中加速度的定義式為，下列說法正確的是（ ） A.若A不變，則a也不變 B.若A>0且保持不變，則a逐漸變小 C.若A不變，則物體在中間位置處速度為 D.若A不變，則物體在中間位置處速度為 【答案】C 4、如圖1所示為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1∶100，降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為100∶1，遠(yuǎn)距離輸電線的總電阻為100 Ω.若升壓變壓器的輸入電壓如圖2所示，輸入功率為750 kW.下列說法正確的是(　　) A．用戶端交流電的頻率為100 Hz B．輸電線中電流為30 A C．用戶端電壓為250 V D．輸電線路損耗功率為180 kW 解析：選B.由題圖2知，交流電的周期為0.02 s，則其頻率f＝＝50 Hz，A錯(cuò)誤；由于輸入電壓的有效值為250 V，則輸入電流I＝＝3 000 A，由變流比知，輸電線中的電流為30 A，B正確；由變壓比知，升壓變壓器中副線圈兩端的電壓為25 000 V，輸電線上損失的電壓ΔU＝I線R＝30×100 V＝3 000 V，因此降壓變壓器輸入端電壓為22 000 V，由變壓比知，用戶端電壓為220 V，C錯(cuò)誤；輸電線損耗的功率P損＝IR＝302×100 W＝90 kW，D錯(cuò)誤． 5、某同學(xué)采用如圖(甲)所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象,分別用a,b,c三束單色光照射圖(甲)中的光電管的陰極,得到光電管兩端的電壓與相應(yīng)的光電流的關(guān)系如圖(乙)所示,其中a,c兩束光照射時(shí)對(duì)應(yīng)的遏止電壓相同,均為Ua,則下列論述正確的是(　B　) A.a,c兩束光的光強(qiáng)相同 B.a,c兩束光的頻率相同 C.b光束光子的能量最小 D.b光束的波長(zhǎng)最長(zhǎng),遏止電壓最大 解析:由圖可知,a光的飽和電流最大,因此a光束照射時(shí)單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)量大,光強(qiáng)強(qiáng),故A錯(cuò)誤;入射光的頻率越高,對(duì)應(yīng)的遏止電壓U越大,a,c兩束光的遏止電壓相等,所以它們的頻率相等,而b光的頻率最大,能量最大,對(duì)應(yīng)的波長(zhǎng)最短,故B正確,C,D錯(cuò)誤. 6、關(guān)于光的理解，下列說法正確的是(　　) A．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都表明光具有粒子性 B．光在傳播時(shí)是波，而與物質(zhì)相互作用時(shí)就轉(zhuǎn)變成粒子 C．德布羅意是歷史上第一個(gè)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了物質(zhì)波存在的人 D．牛頓的“微粒說”與愛因斯坦的“光子說”本質(zhì)上是一樣的 解析：選A.物體在光的照射下發(fā)射出電子的現(xiàn)象叫光電效應(yīng)，根據(jù)愛因斯坦光子說的理論可知，光電效應(yīng)說明了光具有粒子性，康普頓效應(yīng)也揭示了光具有粒子性，A正確；光同時(shí)具有波粒二象性，B錯(cuò)誤；德布羅意是歷史上第一個(gè)提出物質(zhì)波的人，C錯(cuò)誤；牛頓認(rèn)為光是一種實(shí)物，是一些硬的小球，是按照牛頓運(yùn)動(dòng)定律運(yùn)動(dòng)的．愛因斯坦的光子說認(rèn)為，光子是一種不連續(xù)的，分離的粒子狀的波動(dòng)，這兩種學(xué)說在本質(zhì)上是不同的，D錯(cuò)誤． 7、固定于正方形四角上的四個(gè)等量點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線分布如圖所示，ab、cd分別是正方形兩條鄰邊的中垂線，O點(diǎn)為中垂線的交點(diǎn)，P、Q分別為cd、ab上的點(diǎn)．則下列說法正確的是(　　) A．P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)相等 B．P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于Q點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng) C．若在O點(diǎn)放一正點(diǎn)電荷，則該正點(diǎn)電荷受到的電場(chǎng)力不為零 D．將某一負(fù)電荷由P點(diǎn)沿著圖中曲線PQ移到Q點(diǎn)，此過程中電場(chǎng)力做負(fù)功 【答案】AB 8、一質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)，通過坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)開始計(jì)時(shí)，其－t圖象如圖所示，則 A. 質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為0.5 m/s B. 質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為0.5 m/s2 C. 質(zhì)點(diǎn)在1 s末速度為2 m/s D. 質(zhì)點(diǎn)在第1 s內(nèi)的位移大小為2 m 【來源】【全國百強(qiáng)校】寧夏回族自治區(qū)銀川唐徠回民中學(xué)2018屆高三下學(xué)期第四次模擬考理科綜合物理試題 【答案】 C 二、非選擇題 1．實(shí)驗(yàn)室有下列器材： 靈敏電流計(jì)G(內(nèi)阻約為50 Ω)； 電壓表V(0～3 V，內(nèi)阻約為10 kΩ)； 電阻箱R1(0～9 999 Ω)； 滑動(dòng)變阻器R2(0～100 Ω，1.5 A)； 舊干電池一節(jié)； 導(dǎo)線開關(guān)若干． (1)某實(shí)驗(yàn)小組先測(cè)靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻，電路如圖甲所示，測(cè)得電壓表示數(shù)為2 V，靈敏電流計(jì)示數(shù)為4 mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則靈敏電流計(jì)內(nèi)阻為________Ω. (2)為將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來的10倍，該實(shí)驗(yàn)小組將電阻箱與靈敏電流計(jì)并聯(lián)，則應(yīng)將電阻箱R1的阻值調(diào)為________Ω.調(diào)好后連接成如圖丙所示的電路測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器讀出了幾組電壓表和電流計(jì)的示數(shù)如下表，請(qǐng)?jiān)趫D丁所示的坐標(biāo)系中作出合適的Ig－U圖線. Ig/mA 3.0 2.5 2.0 1.5 1.0 U/V 0.8 0.9 1.0 1.1 1.2 (3)由作出的Ig－U圖線求得干電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω. 解析：(1)由圖乙可知，電阻箱示數(shù)為R1＝0×1 000 Ω＋4×100 Ω＋5×10 Ω＋5×1 Ω＝455 Ω.由歐姆定律得Rg＋R1＝＝＝500 Ω，電流計(jì)內(nèi)阻為Rg＝500 Ω－455 Ω＝45 Ω. (2)將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來的10倍，并聯(lián)電阻阻值R＝＝＝5 Ω，根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)找出對(duì)應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)找出的點(diǎn)作出圖象，如答案圖所示． (3)由Ig－U圖線可知，圖線與橫軸的交點(diǎn)坐標(biāo)值為1.4，則電源電動(dòng)勢(shì)E＝1.4 V，電流表內(nèi)阻RA＝＝＝2.4 Ω，圖線的斜率k＝＝＝，電源內(nèi)阻r＝－RA＝20 Ω－2.4 Ω＝17.6 Ω. 答案：(1)45　(2)5　如圖所示　(3)1.4　17.6 6 人教物理2019高考一輪選練編題（1） 李仕才 一、選擇題 1、如圖(甲)所示,一質(zhì)量為m的物塊在t=0時(shí)刻,以初速度v0從足夠長(zhǎng)、傾角為θ的粗糙斜面底端向上滑行,物塊速度隨時(shí)間變化的圖像如圖(乙)所示.t0時(shí)刻物塊到達(dá)最高點(diǎn),3t0時(shí)刻物塊又返回底端.下列說法正確的是(　BC　) A.物塊從開始運(yùn)動(dòng)到返回底端的過程中重力的沖量為3mgt0·cos θ B.物塊從t=0時(shí)刻開始運(yùn)動(dòng)到返回底端的過程中動(dòng)量的變化量為-mv0 C.斜面傾角θ的正弦值為 D.不能求出3t0時(shí)間內(nèi)物塊克服摩擦力所做的功 解析:物塊從開始運(yùn)動(dòng)到返回底端的過程中重力的沖量IG=3mgt0,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;上滑過程中物塊做初速度為v0的勻減速直線運(yùn)動(dòng),下滑過程中做初速度為零、末速度為v的勻加速直線運(yùn)動(dòng),上滑和下滑的位移大小相等,所以有t0=·2t0,解得v=,物塊從開始運(yùn)動(dòng)到返回底端過程中動(dòng)量的變化量為Δp=-mv-mv0=-mv0,選項(xiàng)B正確;上滑過程中有-(mgsin θ+μmgcos θ)·t0=0-mv0,下滑過程中有(mgsin θ-μmgcos θ)2t0=,解得sin θ=,選項(xiàng)C正確;根據(jù)圖像可求出物塊上升的最大位移,由動(dòng)能定理求出整個(gè)過程中摩擦力所做的功,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 2、我國的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)計(jì)劃由若干靜止軌道衛(wèi)星、中地球軌道衛(wèi)星組成，其中靜止軌道衛(wèi)星均定位在距離地面約為3.6×104 km的地球同步軌道上，中地球軌道衛(wèi)星距離地面的高度約為2.16×104 km，已知地球半徑約為6.4×103 km.則中地球軌道衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的(　　) A．線速度大于第一宇宙速度 B．線速度小于靜止軌道衛(wèi)星的線速度 C．加速度約是靜止軌道衛(wèi)星的2.3倍 D．加速度約是靜止軌道衛(wèi)星的2.8倍 解析：選C.根據(jù)G＝m得，v＝，因?yàn)橹械厍蜍壍佬l(wèi)星的軌道半徑大于第一宇宙速度的軌道半徑，則中地球軌道衛(wèi)星的線速度小于第一宇宙速度；中地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑小于靜止軌道衛(wèi)星的軌道半徑，則線速度大于靜止軌道衛(wèi)星的線速度，故A、B錯(cuò)誤．根據(jù)G＝ma得，加速度a＝，中地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑大約是靜止軌道衛(wèi)星軌道半徑的0.66倍，則加速度約為靜止軌道衛(wèi)星的2.3倍，故C正確，D錯(cuò)誤．故選C. 3、2018山東省棗莊八中期中）物理學(xué)的發(fā)展極大地豐富了人類對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí)，推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了人類文明的進(jìn)步，關(guān)于物理學(xué)中運(yùn)動(dòng)與力的發(fā)展過程和研究方法的認(rèn)識(shí)，下列說法中正確的是（ ） A. 亞里士多德首先提出了慣性的概念 B. 伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)研究方法的核心是：把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理（包括數(shù)學(xué)演算）結(jié)合起來，從而發(fā)展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法 C. 牛頓三條運(yùn)動(dòng)定律是研究動(dòng)力學(xué)問題的基石，牛頓的三條運(yùn)動(dòng)定律都能通過現(xiàn)代的實(shí)驗(yàn)手段直接驗(yàn)證 D. 力的單位“N”是基本單位，加速度的單位“”是導(dǎo)出單位 【答案】B 4、質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒，以速度v與水平方向成θ角從O點(diǎn)進(jìn)入方向如圖所示的正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)(場(chǎng)強(qiáng)大小為E)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)(磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B)組成的混合場(chǎng)區(qū)，該微粒在電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力的作用下，恰好沿直線運(yùn)動(dòng)到A，重力加速度為g，下列說法中正確的是(　　) A．該微粒一定帶正電 B．微粒從O到A的運(yùn)動(dòng)可能是勻變速運(yùn)動(dòng) C．該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 D．該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為Bvcos θ 解析：選C.若微粒帶正電，電場(chǎng)力水平向左，洛倫茲力垂直O(jiān)A斜向右下方，則電場(chǎng)力、重力、洛倫茲力不能平衡．若微粒帶負(fù)電，符合題意，A錯(cuò)誤；微粒如果做勻變速運(yùn)動(dòng)，重力和電場(chǎng)力不變，而洛倫茲力變化，微粒不能沿直線運(yùn)動(dòng)，與題意不符，B錯(cuò)誤；由平衡條件得：qvBcos θ＝mg，qvBsin θ＝qE，知C正確，D錯(cuò)誤． 5、掃描隧道顯微鏡(STM)可用來探測(cè)樣品表面原子尺度上的形貌.為了有效隔離外界振動(dòng)對(duì)STM的擾動(dòng),在圓底盤周邊沿其徑向?qū)ΨQ地安裝若干對(duì)紫銅薄板,并施加磁場(chǎng)來快速衰減其微小振動(dòng),如圖所示.無擾動(dòng)時(shí),按下列四種方案對(duì)紫銅薄板施加恒磁場(chǎng);出現(xiàn)擾動(dòng)后,對(duì)于紫銅薄板上下及左右振動(dòng)的衰減最有效的方案是(　A　) 解析:紫銅薄板上下振動(dòng)時(shí),方案B,C,D中穿過薄板的磁通量不發(fā)生變化,沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生;方案A中,無論是上下還是左右振動(dòng),薄板中的磁通量都會(huì)發(fā)生變化,產(chǎn)生的感應(yīng)電流會(huì)阻礙紫銅薄板上下及其左右振動(dòng),達(dá)到衰減的效果,選項(xiàng)A正確. 6、質(zhì)量為0.8 kg的球固定在支桿AB的上端，支桿AB的下端固定在升降機(jī)上，今用一段繩子水平拉球，使桿發(fā)生彎曲，如圖所示，已知繩的拉力為6 N，g取10 m/s2，則以下說法正確的是(　　) A．若升降機(jī)是靜止?fàn)顟B(tài)，則AB桿對(duì)球的作用力大小為6 N B．若升降機(jī)是靜止?fàn)顟B(tài)，則AB桿對(duì)球的作用力大小為8 N C．若升降機(jī)是加速上升，加速度大小 5 m/s2，則AB桿對(duì)球的作用力大小為6 N D．若升降機(jī)是減速上升，加速度大小 5 m/s2，則AB桿對(duì)球的作用力大小為6 N 解析：選C.A、B若升降機(jī)是靜止的，球靜止，處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，桿的作用力大?。海?N＝10 N，故AB錯(cuò)誤；C、若升降機(jī)加速上升，對(duì)球，在豎直方向，由牛頓第二定律得：Fy－mg＝ma，解得：Fy＝12 N，在水平方向，由平衡條件得：Fx＝F繩子＝6 N，桿對(duì)球的作用力大?。篎＝＝6 N，故C正確；D、若升降機(jī)減速上升，對(duì)球，在豎直方向，由牛頓第二定律得：mg－Fy＝ma，解得：Fy＝4 N，在水平方向，由平衡條件得：Fx＝F繩子＝6 N，桿對(duì)球的作用力大?。篎＝＝2 N，故D錯(cuò)誤；故選C. 7、（2018北京市第二中學(xué)期中）如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個(gè)木塊，之間用一輕彈簧連接．A靠在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止?fàn)顟B(tài)。若突然撤去力F，則下列說法中正確的是（ ） A. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒 B. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能也不守恒 C. 木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒 D. 木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但機(jī)械能守恒 【答案】C 8、高鐵列車在啟動(dòng)階段的運(yùn)動(dòng)可看作初速度為零的均加速直線運(yùn)動(dòng)，在啟動(dòng)階段列車的動(dòng)能（ ） A. 與它所經(jīng)歷的時(shí)間成正比 B. 與它的位移成正比 C. 與它的速度成正比 D. 與它的動(dòng)量成正比 【來源】2018年全國普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理（新課標(biāo)I卷） 【答案】 B 二、非選擇題 1、常用無線話筒所用的電池電動(dòng)勢(shì)E約為9 V，內(nèi)阻r約為40 Ω，最大允許電流為100 mA. (1)為測(cè)定該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)先利用多用電表直流電壓10 V擋粗測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)如圖甲所示，測(cè)得值為________V. (2)接著該同學(xué)利用圖乙的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)．圖中電壓表為理想電表，R為電阻箱(阻值范圍為0～999.9 Ω)，R0為定值電阻，目的是為了防止電阻箱的阻值調(diào)得過小時(shí)，通過電源的電流大于其承受范圍，起保護(hù)電路的作用；實(shí)驗(yàn)室備有的定值電阻R0的規(guī)格有以下幾種，則本實(shí)驗(yàn)應(yīng)選用________． A．50 Ω，1.0 W　　　　　 B．500 Ω，2.5 W C．1 500 Ω，15 W D．2 500 Ω，25 W (3)接入符合要求的R0后，閉合開關(guān)S，調(diào)整電阻箱的阻值讀出電壓表的示數(shù)U，再改變電阻箱阻值R，取得多組數(shù)據(jù)，作出了如圖丙的圖線．由圖線求得該電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.(結(jié)果保留三位有效數(shù)字) 解析：(1)直流電壓10 V擋的最小分度為0.2 V，故測(cè)得值為9.2 V. (2)電池最大允許電流為100 mA，則電路中總電阻R總≥＝90 Ω＝r＋R0，故定值電阻R0應(yīng)選50 Ω，選項(xiàng)A正確． (3)根據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U＋I(xiàn)(R0＋r)＝U＋(R0＋r)，解得＝＋·，故該圖線縱坐標(biāo)的截距為＝0.1 V－1，解得電池電動(dòng)勢(shì)E＝10.0 V，斜率k＝＝＝，解得R0＋r＝83.3 Ω，故電池內(nèi)阻r＝33.3 Ω. 答案：(1)9.2　(2)A　(3)10.0　33.3 6 人教物理2019高考一輪選練編題（2） 李仕才 一、選擇題 1、在某星球表面以初速度v0豎直上拋一個(gè)物體，若物體只受該星球引力作用，忽略其他力的影響，物體上升的最大高度為H，已知該星球的直徑為D，如果要在這個(gè)星球上發(fā)射一顆繞它運(yùn)行的近“地”衛(wèi)星，其環(huán)繞速度為(　　) A. 　　　　　　　 B. C．v0 D．v0 解析：選B.據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)，最大高度H＝得到星球表面的重力加速度g＝.當(dāng)近“地”衛(wèi)星繞該星球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，軌道半徑R＝，此時(shí)重力提供衛(wèi)星所需的向心力有：mg＝m得v＝＝＝ . 2、兩個(gè)小球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運(yùn)動(dòng),球2在前,球1在后,m1=1 kg,m2=3 kg,v01=6 m/s,v02=3 m/s,當(dāng)球1與球2發(fā)生碰撞后,兩球的速度分別為v1,v2,將碰撞后球1的動(dòng)能和動(dòng)量大小分別記為E1,p1,則v1,v2,E1,p1的可能值為(　AB　) A.v1=3.75 m/s,v2=3.75 m/s B.v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/s C.E1=9 J D.p1=1 kg· m/s 解析:兩球碰撞過程中系統(tǒng)動(dòng)量守恒,以兩球的初速度方向?yàn)檎较?如果兩球發(fā)生完全非彈性碰撞,由動(dòng)量守恒定律得m1v01+m2v02=(m1+m2)v,代入數(shù)據(jù)解得v=3.75 m/s,如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞,有m1v01+m2v02=m1v1+m2v2,由機(jī)械能守恒定律得m1+m2=m1+m2,代入數(shù)據(jù)解得v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/s,則碰撞后球1、球2的速度滿足1.5 m/s≤v1≤3.75 m/s,3.75 m/s≤v2≤4.5 m/s;球1的動(dòng)能E1=m1,滿足1.125 J≤E1≤7.03 J;球1的動(dòng)量p1=m1v1,滿足1.5 kg· m/s≤p1≤3.75 kg· m/s,綜上所述,選項(xiàng)A,B正確,C,D錯(cuò)誤. 3、如圖為用索道運(yùn)輸貨物的情景，已知傾斜的索道與水平方向的夾角為37°，重物與車廂地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3。當(dāng)載重車廂沿索道向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，重物與車廂仍然保持相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)，重物對(duì)車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍。sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，那么這時(shí)重物對(duì)車廂地板的摩擦力大小為( ) A．0.35mg B．0.3mg C．0.23mg D．0.2mg 【答案】D 【解析】將a沿水平和豎直兩個(gè)方向分解，對(duì)重物受力分析如圖，水平方向：Ff＝max 豎直方向：FN－mg＝may，由＝，三式聯(lián)立解得Ff＝0.2mg，D正確。 4、如圖所示，a、b為豎直正對(duì)放置的兩平行金屬板，其中a板帶正電，兩板間的電壓為U，在金屬板下方存在一有界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ，PQ下方的磁場(chǎng)范圍足夠大，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一比荷為的帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置沿與a、b平行方向射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，粒子通過偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后從PQ邊界上的M點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后又從PQ邊界上的N點(diǎn)射出磁場(chǎng)，設(shè)M、N兩點(diǎn)距離為x(M、N點(diǎn)在圖中未畫出)．則以下說法中正確的是(　　) A．只減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，則x減小 B．只增大初速度v0的大小，則x減小 C．只減小帶電粒子的比荷，則x不變 D．只減小偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓U的大小，則x不變 解析：選D.粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度方向與磁場(chǎng)邊界的夾角為θ，速度大小為v＝，軌道半徑R＝，由幾何關(guān)系可知x＝2Rsin θ＝，只減小磁感應(yīng)強(qiáng)度B、只增大初速度v0或只減小帶電粒子的比荷時(shí)，都可使x增大，而x與偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓U無關(guān)，故選項(xiàng)A、B、C錯(cuò)誤，D正確． 5、如圖所示,在光滑絕緣水平面上,有一矩形線圈以一定的初速度進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,線圈全部進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域時(shí),其動(dòng)能恰好等于它在磁場(chǎng)外面時(shí)的一半,設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域?qū)挾却笥诰€圈寬度,則(　C　) A.線圈恰好在完全離開磁場(chǎng)時(shí)停下 B.線圈在未完全離開磁場(chǎng)時(shí)已停下 C.線圈能通過場(chǎng)區(qū)不會(huì)停下 D.線圈在磁場(chǎng)中某個(gè)位置停下 解析:線圈出磁場(chǎng)時(shí)的速度小于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度,由安培力F=BIL=,知出磁場(chǎng)時(shí)線圈所受的安培力小于進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)所受的安培力,則進(jìn)磁場(chǎng)過程安培力做功大于出磁場(chǎng)過程安培力做功,而進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)其動(dòng)能恰好等于它在磁場(chǎng)外面時(shí)的一半,由動(dòng)能定理知出磁場(chǎng)后,線圈的動(dòng)能不為零,不會(huì)停下來,故C正確,A,B,D錯(cuò)誤. 6、如圖，邊長(zhǎng)為2L的等邊三角形區(qū)域abc內(nèi)部的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直紙面向里，b點(diǎn)處于x軸的坐標(biāo)原點(diǎn)O；一與三角形區(qū)域abc等高的直角閉合金屬線框ABC，∠ABC＝60°，BC邊處在x軸上．現(xiàn)讓金屬線框ABC沿x軸正方向以恒定的速度v穿過磁場(chǎng)，在t＝0時(shí)線框B點(diǎn)恰好位于原點(diǎn)O的位置．規(guī)定逆時(shí)針方向?yàn)榫€框中感應(yīng)電流的正方向，在下列四個(gè)i－x圖象中，能正確表示線框中感應(yīng)電流隨位移變化關(guān)系的是(　　) 解析：選D.當(dāng)B點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)0～L過程中，線框切割磁感線的有效長(zhǎng)度從0增加到·AC＝L，感應(yīng)電流從0～i0，感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向；當(dāng)線圈向右運(yùn)動(dòng)L～2L過程中，切割磁感線的有效長(zhǎng)度從L減小到0，感應(yīng)電流從i0～0，電流為逆時(shí)針方向；當(dāng)線圈向右運(yùn)動(dòng)2L～3L過程中，切割磁感線的有效長(zhǎng)度從L減小到0，感應(yīng)電流從2i0～0，電流為順時(shí)針方向；對(duì)比題中圖象可知，選項(xiàng)D正確；故選D. 7、從塔頂以相同速率拋出A、B、C三小球，A球豎直上拋，B球平拋，C球豎直下拋。另有D球從塔頂起自由下落，四個(gè)小球質(zhì)量相同，落到同一水平面上。不計(jì)空氣阻力，則(　　) A．落地時(shí)動(dòng)能相同的小球是A、B、C B．落地時(shí)動(dòng)量相同的小球是A、B、C C．從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)能增量相同的小球只有A、B、C D．從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)量增量相同的小球是B、D 【答案】AD 【解析】小球從拋出至落地過程中只有重力做功，且重力做功相同，A、B、C三個(gè)小球的初動(dòng)能相同，故小球落地時(shí)的動(dòng)能相同，所以A正確；A、B、D落地速度方向相同，都是豎直向下，但是C落地速度方向不是豎直向下，故A、B、C落地的動(dòng)量不相同，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)能增量等于合力做功，即等于重力的功，由于從相同高度拋出，故重力的功相同，故四個(gè)小球落地過程中動(dòng)能增量相同，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中，動(dòng)量增量等于合力的沖量，合力為重力，但是時(shí)間相同的只有B、D，故合力的沖量相同的是B、D，故選項(xiàng)D正確。 8、如圖所示，豎直井中的升降機(jī)可將地下深處的礦石快速運(yùn)送到地面。某一豎井的深度約為104m，升降機(jī)運(yùn)行的最大速度為8m/s，加速度大小不超過，假定升降機(jī)到井口的速度為零，則將礦石從井底提升到井口的最短時(shí)間是 A. 13s B. 16s C. 21s D. 26s 【來源】浙江新高考2018年4月選考科目物理試題 【答案】 C 【解析】升降機(jī)先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做減速運(yùn)動(dòng)，在加速階段，所需時(shí)間，通過的位移為，在減速階段與加速階段相同，在勻速階段所需時(shí)間為： ，總時(shí)間為：，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤； 故選C。 【點(diǎn)睛】升降機(jī)先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度位移公式和速度時(shí)間公式求得總時(shí)間。 二、非選擇題 1、在用“落體法”做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，小明選擇一條較為滿意的紙帶，如圖甲所示．他舍棄前面密集的點(diǎn)，以O(shè)為起點(diǎn)，從A點(diǎn)開始選取紙帶上連續(xù)點(diǎn)A、B、C、…測(cè)出O到A、B、C、…的距離分別為h1、h2、h3、…電源的頻率為f. (1)(多選)實(shí)驗(yàn)過程中，下列說法正確的是________． A．選用質(zhì)量大體積小的重錘 B．安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使兩限位孔在同一豎直線上 C．釋放紙帶前，手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直 D．重錘下落中手始終提住紙帶上端，保持紙帶豎直 (2)小明通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù)(有阻力的影響)，畫出的v2-h圖象如圖乙所示．已知直線斜率為k，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭________(填“＞”“＝”或“＜”). (3)另有四位同學(xué)在圖乙的基礎(chǔ)上，畫出沒有阻力時(shí)的v2-h圖線，并與其比較，其中正確的是________． 解析：(1)為減小空氣阻力對(duì)實(shí)驗(yàn)的影響，應(yīng)選用質(zhì)量大而體積小的重錘，選項(xiàng)A正確；為減小限位孔對(duì)紙帶的摩擦力，安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)應(yīng)使兩限位孔在同一豎直線上，選項(xiàng)B正確；釋放紙帶前手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直，可減小阻力，選項(xiàng)C正確；重錘下落的過程中，手不能拉著紙帶，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． (2)根據(jù)動(dòng)能定理得F合h＝mv2－mv，解得v2＝h＋v，由于直線的斜率為k，則k＝，重錘下落的過程中受阻力作用，F(xiàn)合＝mg－f＜mg，由以上兩式解得k＜2g，解得g＞. (3)不論有無阻力，釋放點(diǎn)的位置相同，即初速度為零時(shí)，兩圖線必交于橫軸的同一點(diǎn)，選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤． 答案：(1)ABC　(2)＞　(3)B 6