《高考數(shù)學 一輪復習學案訓練課件北師大版理科: 第2章 函數(shù)、導數(shù)及其應用 第11節(jié) 第1課時 導數(shù)與函數(shù)的單調性學案 理 北師大版》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《高考數(shù)學 一輪復習學案訓練課件北師大版理科: 第2章 函數(shù)、導數(shù)及其應用 第11節(jié) 第1課時 導數(shù)與函數(shù)的單調性學案 理 北師大版(9頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、
第十一節(jié) 導數(shù)的應用
[考綱傳真] (教師用書獨具)1.了解函數(shù)的單調性與導數(shù)的關系;能利用導數(shù)研究函數(shù)的單調性,會求函數(shù)的單調區(qū)間(其中多項式函數(shù)一般不超過三次);2.了解函數(shù)在某點取得極值的必要條件和充分條件;會用導數(shù)求函數(shù)的極大值、極小值(其中多項式函數(shù)一般不超過三次);會求閉區(qū)間上函數(shù)的最大值、最小值(其中多項式函數(shù)一般不超過三次);3.利用導數(shù)研究函數(shù)的單調性、極(最)值,并會解決與之有關的方程(不等式)問題;4.會利用導數(shù)解決某些簡單的實際問題.
(對應學生用書第34頁)
[基礎知識填充]
1.函數(shù)的單調性與導數(shù)的關系
函數(shù)y=f(x)在某個區(qū)間內可導,則:
2、
(1)如果f′(x)>0,那么函數(shù)y=f(x)在這個區(qū)間內是增加的;
(2)如果f′(x)<0,那么函數(shù)y=f(x)在這個區(qū)間內是減少的;
(3)如果f′(x)=0,那么函數(shù)y=f(x)在這個區(qū)間內是常數(shù)函數(shù).
2.函數(shù)的極值與導數(shù)
(1)極值點與極值
設函數(shù)f(x)在點x0及附近有定義,且在x0兩側的單調性相反或導數(shù)值異號,則x0為函數(shù)f(x)的極值點,f(x0)為函數(shù)的極值.
(2)極大值點與極小值點
①若先增后減(導數(shù)值先正后負),則x0為極大值點;
②若先減后增(導數(shù)值先負后正),則x0為極小值點.
(3)可求導函數(shù)極值的步驟:
①求f′(x);
②解方程f′
3、(x)=0;
③檢查f′(x)在方程f′(x)=0的解x0的左右兩側的符號.如果左正右負,那么f(x)在這個根處取得極大值;如果左負右正,那么f(x)在這個根處取得極小值.如果f′(x)在x0兩側的符號相同,則x0不是極值點.
3.函數(shù)的最值與導數(shù)
(1)函數(shù)f(x)在[a,b]上有最值的條件
如果在區(qū)間[a,b]上函數(shù)y=f(x)的圖像是連續(xù)不斷的曲線,那么它必有最大值和最小值.
(2)設函數(shù)f(x)在[a,b]上連續(xù)且在(a,b)內可導,求f(x)在[a,b]上的最大值和最小值的步驟如下:
①求f(x)在(a,b)內的極值;
②將f(x)的各極值與f(a)、f(b)比較,其中
4、最大的一個是最大值,最小的一個是最小值.
[知識拓展]
1.在某區(qū)間內f′(x)>0(f′(x)<0)是函數(shù)f(x)在此區(qū)間上為增(減)函數(shù)的充分不必要條件.
2.可導函數(shù)f(x)在(a,b)上是增(減)函數(shù)的充要條件是:對任意x∈(a,b),都有f′(x)≥0(f′(x)≤0)且f′(x)在(a,b)上的任何子區(qū)間內都不恒為零.
3.對于可導函數(shù)f(x),f′(x0)=0是函數(shù)f(x)在x=x0處有極值的必要不充分條件.
[基本能力自測]
1.(思考辨析)判斷下列結論的正誤.(正確的打“√”,錯誤的打“”)
(1)若函數(shù)f(x)在區(qū)間(a,b)上單調遞增,那么在區(qū)間(a,b)上
5、一定有f′(x)>0.( )
(2)如果函數(shù)在某個區(qū)間內恒有f′(x)=0,則函數(shù)f(x)在此區(qū)間上沒有單調性.( )
(3)函數(shù)的極大值不一定比極小值大.( )
(4)對可導函數(shù)f(x),f′(x0)=0是x0為極值點的充要條件.( )
(5)函數(shù)的最大值不一定是極大值,函數(shù)的最小值也不一定是極小值.( )
(6)若實際問題中函數(shù)定義域是開區(qū)間,則不存在最優(yōu)解.( )
[答案] (1) (2)√ (3)√ (4) (5)√ (6)
2.(教材改編)f(x)=x3-6x2的單調遞減區(qū)間為( )
A.(0,4) B.(0,2)
C.(4,+∞) D.(
6、-∞,0)
A [f′(x)=3x2-12x=3x(x-4),由f′(x)<0,得0<x<4,
所以單調遞減區(qū)間為(0,4).]
3.如圖2111所示是函數(shù)f(x)的導函數(shù)f′(x)的圖像,則下列判斷中正確的是( )
圖2111
A.函數(shù)f(x)在區(qū)間(-3,0)上是減函數(shù)
B.函數(shù)f(x)在區(qū)間(1,3)上是減函數(shù)
C.函數(shù)f(x)在區(qū)間(0,2)上是減函數(shù)
D.函數(shù)f(x)在區(qū)間(3,4)上是增函數(shù)
A [當x∈(-3,0)時,f′(x)<0,則f(x)在(-3,0)上是減函數(shù).其他判斷均不正確.]
4.函數(shù)y=2x3-2x2在區(qū)間[-1,2]上的最大值是____
7、____.
8 [y′=6x2-4x,令y′=0,
得x=0或x=.
∵f(-1)=-4,f(0)=0,f=-,
f(2)=8,∴最大值為8.]
5.函數(shù)f(x)=x-aln x(a>0)的極小值為________.
a-aln a [f(x)的定義域為(0,+∞),
易知f′(x)=1-.
由f′(x)=0,解得x=a(a>0).
又當x∈(0,a)時,f′(x)<0;
當x∈(a,+∞)時,f′(x)>0,
所以函數(shù)f(x)在x=a處取得極小值,且極小值為f(a)=a-aln a.]
第1課時 導數(shù)與函數(shù)的單調性
(對應學生用書第35頁)
利用用導數(shù)
8、法判斷或證明函數(shù)的單調性
(20xx全國卷Ⅰ節(jié)選)已知函數(shù)f(x)=ex(ex-a)-a2x.討論f(x)的單調性.
[解] 函數(shù)f(x)的定義域為(-∞,+∞),
f′(x)=2e2x-aex-a2=(2ex+a)(ex-a).
①若a=0,則f(x)=e2x在(-∞,+∞)上單調遞增.
②若a>0,則由f′(x)=0得x=ln a.
當x∈(-∞,ln a)時,f′(x)<0;
當x∈(ln a,+∞)時,f′(x)>0.
故f(x)在(-∞,ln a)上單調遞減,
在(ln a,+∞)上單調遞增.
③若a<0,則由f′(x)=0得x=ln.
當x∈時,f′(x
9、)<0;
當x∈時,f′(x)>0.
故f(x)在上單調遞減,
在上單調遞增.
[規(guī)律方法] 用導數(shù)證明函數(shù)f(x)在(a,b)內的單調性的步驟
一求:求f′(x);
二定:確定f′(x)在(a,b)內的符號;
三結論:作出結論:f′(x)>0時為增函數(shù);f′(x)<0時為減函數(shù).
易錯警示:研究含參數(shù)函數(shù)的單調性時,需注意依據(jù)參數(shù)取值對不等式解集的影響進行分類討論.
(1)討論分以下四個方面
①二次項系數(shù)討論,②根的有無討論,③根的大小討論,④根在不在定義域內討論.
(2)討論時要根據(jù)上面四種情況,找準參數(shù)討論的分點.
(3)討論完必須寫綜述.
[跟蹤訓練] (20
10、xx四川高考節(jié)選)設函數(shù)f(x)=ax2-a-ln x,g(x)=-,其中a∈R,e=2.718…為自然對數(shù)的底數(shù).
(1)討論f(x)的單調性;
(2)證明:當x>1時,g(x)>0.
[解] (1)由題意得f′(x)=2ax-=(x>0).
當a≤0時,f′(x)<0,f(x)在(0,+∞)內單調遞減.
當a>0時,由f′(x)=0有x=,
當x∈時,f′(x)<0,f(x)單調遞減;
當x∈時,f′(x)>0,f(x)單調遞增.
(2)證明:令s(x)=ex-1-x,則s′(x)=ex-1-1.
當x>1時,s′(x)>0,又s(1)=0,有s(x)>0,
所以ex-
11、1>x,
從而g(x)=->0.
利用導數(shù)求函數(shù)的單調區(qū)間
設函數(shù)f(x)=xea-x+bx,曲線y=f(x)在點(2,f(2))處的切線方程為y=(e-1)x+4.
(1)求a,b的值;
(2)求f(x)的單調區(qū)間.
【導學號:79140076】
[解] (1)因為f(x)=xea-x+bx,
所以f′(x)=(1-x)ea-x+b.
依題設,即
解得
(2)由(1)知f(x)=xe2-x+ex.
由f′(x)=e2-x(1-x+ex-1)及e2-x>0知,f′(x)與1-x+ex-1同號.
令g(x)=1-x+ex-1,則g′(x)=-1+ex-1
12、.
所以,當x∈(-∞,1)時,g′(x)<0,g(x)在區(qū)間(-∞,1)上單調遞減;
當x∈(1,+∞)時,g′(x)>0,g(x)在區(qū)間(1,+∞)上單調遞增.
故g(1)=1是g(x)在區(qū)間(-∞,+∞)上的最小值,
從而g(x)>0,x∈(-∞,+∞).
綜上可知,f′(x)>0,x∈(-∞,+∞),故f(x)的單調遞增區(qū)間為(-∞,+∞).
[規(guī)律方法] 利用導數(shù)求函數(shù)單調區(qū)間的步驟
(1)確定函數(shù)f(x)的定義域.
(2)求f′(x).
(3)在定義域內解不等式f′(x)>0,得單調遞增區(qū)間.
(4)在定義域內解不等式f′(x)<0,得單調遞減區(qū)間.
易錯警示
13、:解不等式f′(x)>0(<0)時不加“=”號.
[跟蹤訓練] (20xx合肥第二次質檢節(jié)選)已知f(x)=ln(x+m)-mx.求f(x)的單調區(qū)間.
[解] 由已知可得函數(shù)定義域為(-m,+∞).
∵f(x)=ln(x+m)-mx,∴f′(x)=-m.
當m≤0時,f′(x)=-m>0,
即f(x)的單調遞增區(qū)間為(-m,+∞),無單調遞減區(qū)間;
當m>0時,f′(x)=-m=,
由f′(x)=0,得x=-m∈(-m,+∞),
當x∈時,f′(x)>0,
當x∈時,f′(x)<0,
∴當m>0時,易知f(x)的單調遞增區(qū)間為,單調遞減區(qū)間為.
已知函數(shù)單調性求
14、參數(shù)的取值范圍
已知函數(shù)f(x)=ln x,g(x)=ax2+2x(a≠0).
(1)若函數(shù)h(x)=f(x)-g(x)存在單調遞減區(qū)間,求a的取值范圍;
(2)若函數(shù)h(x)=f(x)-g(x)在[1,4]上單調遞減,求a的取值范圍.
[解] (1)h(x)=ln x-ax2-2x,x∈(0,+∞),
所以h′(x)=-ax-2,由于h(x)在(0,+∞)上存在單調遞減區(qū)間,
所以當x∈(0,+∞)時,-ax-2<0有解,
即a>-有解.
設G(x)=-,所以只要a>G(x)min即可.
而G(x)=-1,所以G(x)min=-1.
所以a>-1,即a的取值范圍為(
15、-1,+∞).
(2)由h(x)在[1,4]上單調遞減得,
當x∈[1,4]時,h′(x)=-ax-2≤0恒成立,
即a≥-恒成立.
所以a≥G(x)max,而G(x)=2-1,
因為x∈[1,4],所以∈,
所以G(x)max=-(此時x=4),
所以a≥-,即a的取值范圍是.
1.本例(2)中,若函數(shù)h(x)=f(x)-g(x)在[1,4]上單調遞增,求a的取值范圍.
[解] 由h(x)在[1,4]上單調遞增得,
當x∈[1,4]時,h′(x)≥0恒成立,
∴當x∈[1,4]時,a≤-恒成立,
又當x∈[1,4]時,min=-1(此時x=1),
∴a≤-1,即
16、a的取值范圍是(-∞,-1].
2.本例(2)中,若h(x)在[1,4]上存在單調遞減區(qū)間,求a的取值范圍.
[解] h(x)在[1,4]上存在單調遞減區(qū)間,
則h′(x)<0在[1,4]上有解,
∴當x∈[1,4]時,a>-有解,
又當x∈[1,4]時,min=-1,
∴a>-1,即a的取值范圍是(-1,+∞).
[規(guī)律方法] 根據(jù)函數(shù)單調性求參數(shù)的一般方法
(1)利用集合間的包含關系處理:y=f(x)在(a,b)上單調,則區(qū)間(a,b)是相應單調區(qū)間的子集.
(2)轉化為不等式的恒成立問題,即“若函數(shù)單調遞增,則f′(x)≥0;若函數(shù)單調遞減,則f′(x)≤0”來求解.
17、
易錯警示:f(x)為增函數(shù)的充要條件是對任意的x∈(a,b)都有f′(x)≥0,且在(a,b)內的任一非空子區(qū)間上f′(x)不恒為0.應注意此時式子中的等號不能省略,否則漏解.
[跟蹤訓練] (1)(20xx四川樂山一中期末)f(x)=x2-aln x在(1,+∞)上單調遞增,則實數(shù)a的取值范圍為( )
A.a<1 B.a≤1
C.a<2 D.a≤2
(2)函數(shù)f(x)=x3-x2+ax-5在區(qū)間[-1,2]上不單調,則實數(shù)a的取值范圍是( )
【導學號:79140077】
A.(-∞,-3] B.(-3,1)
C.[1,+∞) D.(-∞,-3]∪[1,+∞)
(1)
18、D (2)B (1)由f(x)=x2-aln x,得f′(x)=2x-,∵f(x)在(1,+∞)上單調遞增,
∴2x-≥0在(1,+∞)上恒成立,即a≤2x2在(1,+∞)上恒成立,
∵x∈(1,+∞)時,2x2>2,∴a≤2.故選D.
(2)因為f(x)=x3-x2+ax-5,
所以f′(x)=x2-2x+a=(x-1)2+a-1,
如果函數(shù)f(x)=x3-x2+ax-5在區(qū)間[-1,2]上單調,那么a-1≥0或解得a≥1或a≤-3,于是滿足條件的a∈(-3,1).
函數(shù)不單調問題求參數(shù)的取值范圍
f(x)=x3-3ax2+3x+1在(2,3)上不單調,求a的取值
19、范圍.
[解] f′(x)=3x2-6ax+3,∵f(x)在(2,3)上不單調.
∴3x2-6ax+3=0在(2,3)上有解.
∴a=+,當2<x<3時,<a<.
[規(guī)律方法] f(x)在(a,b)上不單調?f(x)在(a,b)上有極值?f′(x)=0在(a,b)上有解且無重根.
[跟蹤訓練] f(x)=x3+(1-a)x2-a(a+2)x+b在(-1,1)上不單調,求a的取值范圍.
[解] f′(x)=3x2+2(1-a)x-a(a+2)=(3x+a+2)(x-a),
∵f(x)在(-1,1)上不單調,∴f′(x)=0在(-1,1)上有解.
∴a=-3x-2或a=x,有-1<x<1得-5<a<1,
又Δ=4(1-a)2+12a(a+2)=(2a+1)2>0,∴a≠-,
∴a的取值范圍為-5<a<-或-<a<1.