《二輪復(fù)習(xí)數(shù)學(xué)理重點生通用版:專題跟蹤檢測十九 不等式選講 選修45 Word版含解析》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《二輪復(fù)習(xí)數(shù)學(xué)理重點生通用版:專題跟蹤檢測十九 不等式選講 選修45 Word版含解析(5頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、 專題跟蹤檢測(十九)專題跟蹤檢測(十九) 不等式選講不等式選講 (選修(選修 4-5) 1(2018 全國卷全國卷)設(shè)函數(shù)設(shè)函數(shù) f(x)5|xa|x2|. (1)當(dāng)當(dāng) a1 時,求不等式時,求不等式 f(x)0 的解集;的解集; (2)若若 f(x)1,求,求 a 的取值范圍的取值范圍 解:解:(1)當(dāng)當(dāng) a1 時,時,f(x) 2x4,x2. 當(dāng)當(dāng) x1 時,由時,由 2x40,解得,解得2x2 時,由時,由2x60,解得,解得 2x3, 故故 f(x)0 的解集為的解集為x|2x3 (2)f(x)1 等價于等價于|xa|x2|4. 而而|xa|x2|a2|,且當(dāng),且當(dāng) x2 時等號成立
2、時等號成立 故故 f(x)1 等價于等價于|a2|4. 由由|a2|4 可得可得 a6 或或 a2. 所以所以 a 的取值范圍是的取值范圍是(,62,) 2(2018 蘭州模擬蘭州模擬)設(shè)函數(shù)設(shè)函數(shù) f(x)|x3|,g(x)|x2|. (1)解不等式解不等式 f(x)g(x)2; (2)對于實數(shù)對于實數(shù) x,y,若,若 f(x)1,g(y)1,證明:,證明:|x2y1|3. 解:解:(1)解不等式解不等式|x3|x2|2. 當(dāng)當(dāng) x2 時,原不等式可化為時,原不等式可化為 3x2x32.所以所以32x2. 當(dāng)當(dāng) 2x3 時,原不等式可化為時,原不等式可化為 3xx22,解得,解得 13 時,
3、原不等式可化為時,原不等式可化為 x3x22,解得,解得 x72.所以所以 3x72. 由由可知,不等式的解集為可知,不等式的解集為 x| 32x72. (2)證明:因為證明:因為 f(x)1,g(y)1,即,即|x3|1,|y2|1,所以,所以|x2y1|(x3)2(y2)|x3|2|y2|123. 當(dāng)且僅當(dāng)當(dāng)且僅當(dāng) x4,y1或或 x2,y3時等號成立時等號成立 3(2018 開封模擬開封模擬)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)|xm|,m0. (1)當(dāng)當(dāng) m1 時,求解不等式時,求解不等式 f(x)f(x)2x; (2)若不等式若不等式 f(x)f(2x)1 的解集非空,求的解集非空,求 m 的
4、取值范圍的取值范圍 解:解:(1)當(dāng)當(dāng) m1 時,時,f(x)|x1|,f(x)|x1|, 設(shè)設(shè) F(x)|x1|x1| 2x,x1,2,1x1,2x,x1, G(x)2x,由,由 F(x)G(x),解得,解得 x2 或或 x0, 所以不等式所以不等式 f(x)f(x)2x 的解集為的解集為x|x2 或或 x0 (2)f(x)f(2x)|xm|2xm|,m0. 設(shè)設(shè) g(x)f(x)f(2x), 當(dāng)當(dāng) xm 時,時,g(x)mxm2x2m3x, 則則 g(x)m; 當(dāng)當(dāng) mxm2時,時,g(x)xmm2xx, 則則m2g(x)m; 當(dāng)當(dāng) xm2時,時,g(x)xm2xm3x2m, 則則 g(x
5、)m2. 所以所以 g(x)的值域為的值域為 m2, , 若不等式若不等式 f(x)f(2x)m2,解得,解得 m2, 又又 m0,所以,所以 m 的取值范圍是的取值范圍是(2,0) 4(2018 全國卷全國卷)設(shè)函數(shù)設(shè)函數(shù) f(x)|2x1|x1|. (1)畫出畫出 yf(x)的圖象;的圖象; (2)當(dāng)當(dāng) x0,)時,時,f(x)axb,求,求 ab 的最小值的最小值 解:解:(1)f(x) 3x,x12,x2,12x1,3x,x1. yf(x) 的圖象如圖所示的圖象如圖所示 (2)由由(1)知,知,yf(x)的圖象與的圖象與 y 軸交點的縱坐標為軸交點的縱坐標為 2,且各部,且各部分所在直
6、線斜率的最大值為分所在直線斜率的最大值為 3,故當(dāng)且僅當(dāng),故當(dāng)且僅當(dāng) a3 且且 b2 時,時,f(x)axb 在在0,)成立,因此成立,因此 ab 的最小值為的最小值為 5. 5已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)|x1|. (1)求不等式求不等式 f(x)f(a)f(b) 解:解:(1)當(dāng)當(dāng) x1 時,原不等式可化為時,原不等式可化為x12x2,解得,解得 x1; 當(dāng)當(dāng)1x12時,原不等式可化為時,原不等式可化為 x12x2,解得,解得 x1,此時原不等式無解;,此時原不等式無解; 當(dāng)當(dāng) x12時,原不等式可化為時,原不等式可化為 x11. 綜上,綜上,Mx|x1 (2)證明:因為證明:因為 f(a
7、)f(b)|a1|b1|a1(b1)|ab|, 所以要證所以要證 f(ab)f(a)f(b), 只需證只需證|ab1|ab|,即證,即證|ab1|2|ab|2, 即證即證 a2b22ab1a22abb2, 即證即證 a2b2a2b210,即證,即證(a21)(b21)0. 因為因為 a,bM,所以,所以 a21,b21, 所以所以(a21)(b21)0 成立,所以原不等式成立成立,所以原不等式成立 6(2018 廣東五市聯(lián)考廣東五市聯(lián)考)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)|xa|12a(a0) (1)若不等式若不等式 f(x)f(xm)1 恒成立,求實數(shù)恒成立,求實數(shù) m 的最大值;的最大值; (2)
8、當(dāng)當(dāng) a12時,函數(shù)時,函數(shù) g(x)f(x)|2x1|有零點,求實數(shù)有零點,求實數(shù) a 的取值范圍的取值范圍 解:解:(1)f(xm)|xma|12a. f(x)f(xm)|xa|xma|m|, 當(dāng)且僅當(dāng)當(dāng)且僅當(dāng)|m|1 時,時,f(x)f(xm)1 恒成立,恒成立, 1m1,即實數(shù),即實數(shù) m 的最大值為的最大值為 1. (2)當(dāng)當(dāng) a12時,時, g(x)f(x)|2x1|xa|2x1|12a 3xa12a1,x12, g(x)ming 1212a12a2a2a12a0, 0a12,2a2a10或或 a0,2a2a10, 解得解得12a0, 實數(shù)實數(shù) a 的取值范圍是的取值范圍是 12,
9、0 . 7(2018 鄭州模擬鄭州模擬)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)|2x1|ax5|(0a5) (1)當(dāng)當(dāng) a1 時,求不等式時,求不等式 f(x)9 的解集;的解集; (2)若函數(shù)若函數(shù) yf(x)的最小值為的最小值為 4,求實數(shù),求實數(shù) a 的值的值 解:解:(1)當(dāng)當(dāng) a1 時,時,f(x)|2x1|x5| 63x,x12,x4,12x5,3x6,x5,所以所以 f(x)9 x12,63x9或或 12x5,x49或或 x5,3x69.解得解得 x1 或或 x5, 即所求不等式的解集為即所求不等式的解集為(,15,) (2)0a5,5a1, 則則 f(x) a2 x6,x5a時,時,f(x
10、)單調(diào)遞增,單調(diào)遞增,f(x)的最小值在的最小值在 12,5a上取得上取得 在在 12,5a上,當(dāng)上,當(dāng) 0a2 時,時,f(x)單調(diào)遞增,單調(diào)遞增, 當(dāng)當(dāng) 2a5 時,時,f(x)單調(diào)遞減,單調(diào)遞減, 0a2,f x minf 124或或 2a5,f x minf 5a4. 解得解得 a2. 8(2018 成都模擬成都模擬)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)|x2|k|x1|,kR. (1)當(dāng)當(dāng) k1 時,若不等式時,若不等式 f(x)4 的解集為的解集為x|x1xx2,求,求 x1x2的值;的值; (2)當(dāng)當(dāng) xR 時,若關(guān)于時,若關(guān)于 x 的不等式的不等式 f(x)k 恒成立,求恒成立,求 k
11、的最大值的最大值 解:解:(1)由題意,得由題意,得|x2|x1|2 時,原不等式可化為時,原不等式可化為 2x5,2x52; 當(dāng)當(dāng)1x2 時,原不等式可化為時,原不等式可化為 34,1x2. 當(dāng)當(dāng) x1 時,原不等式可化為時,原不等式可化為2x3, 32x1; 綜上,原不等式的解集為綜上,原不等式的解集為 x 32x52, 即即 x132,x252.x1x21. (2)由題意,得由題意,得|x2|k|x1|k. 當(dāng)當(dāng) x2 時,即不等式時,即不等式 3kk 成立,成立,k0. 當(dāng)當(dāng) x2 或或 x0 時,時, |x1|1,不等式不等式|x2|k|x1|k 恒成立恒成立 當(dāng)當(dāng)2x1 時,時, 原不等式可化為原不等式可化為 2xkxkk, 可得可得 k2xx214x2,k3. 當(dāng)當(dāng)1x0 時,時, 原不等原不等式可化為式可化為 2xkxkk,可得,可得 k12x, k3. 綜上,可得綜上,可得 0k3,即,即 k 的最大值為的最大值為 3.