《（浙江專版）2018年高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 1.3.1 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)學(xué)案 新人教A版選修2-2.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專版）2018年高中數(shù)學(xué) 第一章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 1.3.1 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)學(xué)案 新人教A版選修2-2.doc（10頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1．3.1　函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù) 預(yù)習(xí)課本P22～26，思考并完成下列問題 (1)函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)的正負(fù)有什么關(guān)系？ 　 　 (2)利用導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)單調(diào)性的步驟是什么？ 　 (3)怎樣求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間？ 　 　　　　 1．函數(shù)的單調(diào)性與其導(dǎo)數(shù)正負(fù)的關(guān)系 在某個(gè)區(qū)間(a，b)內(nèi)，如果f′(x)＞0，那么函數(shù)y＝f(x)在這個(gè)區(qū)間內(nèi)單調(diào)遞增；如果f′(x)＜0，那么函數(shù)y＝f(x)在這個(gè)區(qū)間內(nèi)單調(diào)遞減；如果恒有f′(x)＝0，那么函數(shù)y＝f(x)在這個(gè)區(qū)間內(nèi)是常數(shù)函數(shù)． [點(diǎn)睛]　對(duì)函數(shù)的單調(diào)性與其導(dǎo)數(shù)正負(fù)的關(guān)系的兩點(diǎn)說明 (1)若在某區(qū)間上有有限個(gè)點(diǎn)使f′(x)＝0，在其余的點(diǎn)恒有f′(x)>0，則f(x)仍為增函數(shù)(減函數(shù)的情形完全類似)． (2)f(x)為增函數(shù)的充要條件是對(duì)任意的x∈(a，b)都有f′(x)≥0且在(a，b)內(nèi)的任一非空子區(qū)間上f′(x)不恒為0. 2．函數(shù)圖象的變化趨勢(shì)與導(dǎo)數(shù)值大小的關(guān)系 如果一個(gè)函數(shù)在某一范圍內(nèi)導(dǎo)數(shù)的絕對(duì)值較大，那么這個(gè)函數(shù)在這個(gè)范圍內(nèi)變化的快，其圖象比較陡峭．即|f′(x)|越大，則函數(shù)f(x)的切線的斜率越大，函數(shù)f(x)的變化率就越大． 1．判斷(正確的打“√”，錯(cuò)誤的打“”) (1)函數(shù)f(x)在定義域上都有f′(x)>0，則函數(shù)f(x)在定義域上單調(diào)遞增．(　　) (2)函數(shù)在某一點(diǎn)的導(dǎo)數(shù)越大，函數(shù)在該點(diǎn)處的切線越“陡峭”．(　　) (3)函數(shù)在某個(gè)區(qū)間上變化越快，函數(shù)在這個(gè)區(qū)間上導(dǎo)數(shù)的絕對(duì)值越大．(　　) 答案：(1)　(2)　(3)√ 2．函數(shù)f(x)＝(x－3)ex的單調(diào)遞增區(qū)間是(　　) A．(－∞，2)　　　　　　　　　 　B．(0,3) C．(1,4) D．(2，＋∞) 答案：D 3．函數(shù)f(x)＝2x－sin x在(－∞，＋∞)上(　　) A．是增函數(shù) B．是減函數(shù) C．在(0，＋∞)上單調(diào)遞增，在(－∞，0)上單調(diào)遞減 D．在(0，＋∞)上單調(diào)遞減，在(－∞，0)上單調(diào)遞增 答案：A 4. 函數(shù)y＝x3＋x在(－∞，＋∞)上的圖象是________(填“上升”或“下降”)的． 答案：上升 判斷或討論函數(shù)的單調(diào)性 [典例]　已知函數(shù)f(x)＝ax3－3x2＋1－，討論函數(shù)f(x)的單調(diào)性． [解]　 由題設(shè)知a≠0. f′(x)＝3ax2－6x＝3ax， 令f′(x)＝0，得x1＝0，x2＝. 當(dāng)a>0時(shí)，若x∈(－∞，0)，則f′(x)>0. ∴f(x)在區(qū)間(－∞，0)上為增函數(shù)． 若x∈，則f′(x)<0， ∴f(x)在區(qū)間上為減函數(shù)． 若x∈，則f′(x)>0， ∴f(x)在區(qū)間上是增函數(shù)． 當(dāng)a<0時(shí)，若x∈，則f′(x)<0. ∴f(x)在上是減函數(shù)． 若x∈，則f′(x)>0. ∴f(x)在區(qū)間上為增函數(shù)． 若x∈(0，＋∞)，則f′(x)<0. ∴f(x)在區(qū)間(0，＋∞)上為減函數(shù)． 　　 利用導(dǎo)數(shù)證明或判斷函數(shù)單調(diào)性的思路 [活學(xué)活用] 判斷函數(shù)y＝ax3－1(a∈R)在(－∞，＋∞)上的單調(diào)性． 解：∵y′＝(ax3－1)′＝3ax2. ①當(dāng)a＞0時(shí)，y′≥0，函數(shù)在R上單調(diào)遞增； ②當(dāng)a＜0時(shí)，y′≤0，函數(shù)在R上單調(diào)遞減； ③當(dāng)a＝0時(shí)，y′＝0，函數(shù)在R上不具備單調(diào)性. 求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間 [典例]　求下列函數(shù)的單調(diào)區(qū)間： (1)f(x)＝x3－3x＋1； (2)f(x)＝x＋(b＞0)． [解]　(1)函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽， f′(x)＝3x2－3，令f′(x)＞0，則3x2－3＞0. 即3(x＋1)(x－1)＞0，解得x＞1或x＜－1. ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(－∞，－1)和(1，＋∞)， 令f′(x)＜0，則3(x＋1)(x－1)＜0，解得－1＜x＜1. ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為(－1,1)． (2)函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?－∞，0)∪(0，＋∞)， f′(x)＝′＝1－， 令f′(x)＞0，則(x＋)(x－)＞0， ∴x＞，或x＜－. ∴函數(shù)的單調(diào)遞增區(qū)間為(－∞，－)和(，＋∞)． 令f′(x)＜0，則(x＋)(x－)＜0， ∴－＜x＜，且x≠0. ∴函數(shù)的單調(diào)遞減區(qū)間為(－，0)和(0，)． (1)利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間的一般步驟為： ①確定函數(shù)f(x)的定義域； ②求導(dǎo)數(shù)f′(x)； ③在函數(shù)f(x)的定義域內(nèi)解不等式f′(x)>0和f′(x)<0； ④根據(jù)(3)的結(jié)果確定函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間． (2)如果一個(gè)函數(shù)具有相同單調(diào)性的單調(diào)區(qū)間不止一個(gè)，那么這些單調(diào)區(qū)間不能用“∪”連接，而只能用“逗號(hào)”或“和”字隔開．　　　　　　 [活學(xué)活用] 1．設(shè)f(x)＝ax3＋bx2＋cx＋d(a＞0)，則f(x)為R上增函數(shù)的充要條件是(　　) A．b2－4ac＞0　　　　　　 　B．b＞0，c＞0 C．b＝0，c＞0 D．b2－3ac＜0 解析：選D　∵a＞0，f(x)為增函數(shù)， ∴f′(x)＝3ax2＋2bx＋c＞0恒成立， ∴Δ＝(2b)2－43ac＝4b2－12ac＜0， ∴b2－3ac＜0. 2．已知函數(shù)f(x)＝x3＋ax2＋bx(a、b∈R)的圖象過點(diǎn)P(1,2)，且在點(diǎn)P處的切線斜率為8. (1)求a，b的值； (2)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間． 解：(1)∵函數(shù)f(x)的圖象過點(diǎn)P(1,2)，∴f(1)＝2. ∴a＋b＝1.① 又函數(shù)圖象在點(diǎn)P處的切線斜率為8， ∴f′(1)＝8，又f′(x)＝3x2＋2ax＋b， ∴2a＋b＝5.② 解由①②組成的方程組，可得a＝4，b＝－3. (2)由(1)得f′(x)＝3x2＋8x－3＝(3x－1)(x＋3)， 令f′(x)>0，可得x<－3或x>； 令f′(x)<0，可得－31，即a>2時(shí)，f(x)在(－∞，1)和(a－1，＋∞)上單調(diào)遞增，在(1，a－1)上單調(diào)遞減， 由題意知(1,4)?(1，a－1)且(6，＋∞)?(a－1，＋∞)，所以4≤a－1≤6，即5≤a≤7. 故實(shí)數(shù)a的取值范圍為[5,7]． [法二　數(shù)形結(jié)合法] 如圖所示，f′(x)＝(x－1)[x－(a－1)]． ∵在(1,4)內(nèi)f′(x)≤0， 在(6，＋∞)內(nèi)f′(x)≥0， 且f′(x)＝0有一根為1， ∴另一根在[4,6]上． ∴ 即∴5≤a≤7. 故實(shí)數(shù)a的取值范圍為[5,7] [法三　轉(zhuǎn)化為不等式的恒成立問題] f′(x)＝x2－ax＋a－1. 因?yàn)閒(x)在(1,4)內(nèi)單調(diào)遞減，所以f′(x)≤0在(1,4)上恒成立． 即a(x－1)≥x2－1在(1, 4)上恒成立，所以a≥x＋1，因?yàn)?7，所以a≤7時(shí)，f′(x)≥0在(6，＋∞)上恒成立．綜上知5≤a≤7. 故實(shí)數(shù)a的取值范圍為[5,7]． 1．利用導(dǎo)數(shù)法解決取值范圍問題的兩個(gè)基本思路 (1)將問題轉(zhuǎn)化為不等式在某區(qū)間上的恒成立問題，即f′(x)≥0(或f′(x)≤0)恒成立，利用分離參數(shù)或函數(shù)性質(zhì)求解參數(shù)范圍，然后檢驗(yàn)參數(shù)取“＝”時(shí)是否滿足題意． (2)先令f′(x)>0(或f′(x)<0)，求出參數(shù)的取值范圍后，再驗(yàn)證參數(shù)取“＝”時(shí)f(x)是否滿足題意． 2．恒成立問題的重要思路 (1)m≥f(x)恒成立?m≥f(x)max. (2)m≤f(x)恒成立?m≤f(x)min.　　　　　　 [活學(xué)活用] 若f(x)＝(x∈R)在區(qū)間[－1,1]上是增函數(shù)，則a∈________. 解析：f′(x)＝2， ∵f(x)在[－1,1]上是增函數(shù)， ∴f′(x)＝2≥0. ∵(x2＋2)2＞0， ∴x2－ax－2≤0對(duì)x∈[－1,1]恒成立． 令g(x)＝x2－ax－2， 則 即　 ∴－1≤a≤1. 即a的取值范圍是[－1,1]． 答案：[－1,1] 層級(jí)一　學(xué)業(yè)水平達(dá)標(biāo) 1．下列函數(shù)中，在(0，＋∞)內(nèi)為增函數(shù)的是(　　) A．y＝sin x　　　　　　　 　B．y＝xex C．y＝x3－x D．y＝ln x－x 解析：選B　B中，y′＝(xex)′＝ex＋xex＝ex(x＋1)＞0在(0，＋∞)上恒成立，∴y＝xex在(0，＋∞)上為增函數(shù)．對(duì)于A、C、D都存在x＞0，使y′＜0的情況． 2．若函數(shù)y＝x3＋x2＋mx＋1是R上的單調(diào)函數(shù)，則實(shí)數(shù)m的取值范圍是(　　) A. B. C. D. 解析：選C　y′＝3x2＋2x＋m，由條件知y′≥0在R上恒成立，∴Δ＝4－12m≤0，∴m≥. 3．函數(shù)f(x)＝(x－3)ex的單調(diào)遞增區(qū)間是(　　) A．(－∞，2) B．(0,3) C．(1,4) D．(2，＋∞) 解析：選D　f′(x)＝(x－3)′ex＋(x－3)(ex)′＝(x－2)ex，令f′(x)＞0，解得x＞2，故選D. 4.已知函數(shù)y＝xf′(x)的圖象如圖所示(其中f′(x)是函數(shù)f(x)的導(dǎo)函數(shù))，下面四個(gè)圖象中，y＝f(x)的圖象大致是(　　) 解析：選C　當(dāng)0＜x＜1時(shí)，xf′(x)＜0，∴f′(x)＜0，故y＝f(x)在(0,1)上為減函數(shù)，排除A，B.當(dāng)x＞1時(shí)，xf′(x)＞0，∴f′(x)＞0，故y＝f(x)在(1，＋∞)上為增函數(shù)，排除D，故選C. 5．若函數(shù)y＝a(x3－x)的單調(diào)減區(qū)間為，則a的取值范圍是(　　) A．(0，＋∞) B．(－1,0) C．(1，＋∞) D．(0,1) 解析：選A　y′＝a(3x2－1)＝3a. 當(dāng)－＜x＜時(shí)，＜0， 要使y＝a(x3－x)在上單調(diào)遞減， 只需y′＜0，即a＞0. 6．函數(shù)f(x)＝cos x＋x的單調(diào)遞增區(qū)間是________． 解析：因?yàn)閒′(x)＝－sin x＋＞0，所以f(x)在R上為增函數(shù)． 答案：(－∞，＋∞) 7．若函數(shù)y＝ax3－ax2－2ax(a≠0)在[－1,2]上為增函數(shù)，則a∈________. 解析：y′＝ax2－ax－2a＝a(x＋1)(x－2)>0， ∵當(dāng)x∈(－1,2)時(shí)，(x＋1)(x－2)<0，∴a<0. 答案：(－∞，0) 8．若函數(shù)y＝－x3＋ax有三個(gè)單調(diào)區(qū)間，則a的取值范圍是　　　　. 解析：∵y′＝－4x2＋a，且y有三個(gè)單調(diào)區(qū)間， ∴方程y′＝－4x2＋a＝0有兩個(gè)不等的實(shí)根， ∴Δ＝02－4(－4)a>0，∴a>0. 答案：(0，＋∞) 9．設(shè)函數(shù)f(x)＝x3－3ax2＋3bx的圖象與直線12x＋y－1＝0相切于點(diǎn)(1，－11)． (1)求a，b的值； (2)討論函數(shù)f(x)的單調(diào)性． 解：(1)求導(dǎo)得f′(x)＝3x2－6ax＋3b. 由于f(x)的圖象與直線12x＋y－1＝0相切于點(diǎn)(1，－11)， 所以f(1)＝－11，f′(1)＝－12， 即解得a＝1，b＝－3. (2)由a＝1，b＝－3得f′(x)＝3x2－6ax＋3b＝3(x2－2x－3)＝3(x＋1)(x－3)． 令f′(x)＞0，解得x＜－1或x＞3； 又令f′(x)＜0，解得－1＜x＜3. 所以當(dāng)x∈(－∞，－1)時(shí)，f(x)是增函數(shù)； 當(dāng)x∈(－1,3)時(shí)，f(x)是減函數(shù)； 當(dāng)x∈(3，＋∞)時(shí)，f(x)也是增函數(shù)． 10．已知a≥0，函數(shù)f(x)＝(x2－2ax)ex.設(shè)f(x)在區(qū)間[－1,1]上是單調(diào)函數(shù)，求a的取值范圍． 解：f′(x)＝(2x－2a)ex＋(x2－2ax)ex ＝ex[x2＋2(1－a)x－2a]． 令f′(x)＝0，即x2＋2(1－a)x－2a＝0. 解得x1＝a－1－，x2＝a－1＋， 令f′(x)＞0，得x＞x2或x＜x1， 令f′(x)＜0，得x1＜x＜x2. ∵a≥0，∴x1<－1，x2≥0. 由此可得f(x)在[－1,1]上是單調(diào)函數(shù)的充要條件為x2≥1，即a－1＋≥1，解得a≥. 故所求a的取值范圍為. 層級(jí)二　應(yīng)試能力達(dá)標(biāo) 1.已知函數(shù)f(x)＝＋ln x，則有(　　) A．f(2)0，所以f(x)在(0，＋∞)內(nèi)是增函數(shù)，所以有f(2)0，f(x)為增函數(shù)，x∈(0,2)時(shí)，f′(x)<0，f(x)為減函數(shù)，x∈(2，＋∞)時(shí)，f′(x)>0，f(x)為增函數(shù)．只有C符合題意，故選C. 3．函數(shù)y＝xsin x＋cos x，x∈(－π，π)的單調(diào)增區(qū)間是(　　) A.和 B.和 C.和 D.和 解析：選A　y′＝xcos x，當(dāng)－π＜x＜－時(shí)，cos x＜0，∴y′＝xcos x＞0，當(dāng)0＜x＜時(shí)，cos x＞0，∴y′＝xcos x＞0. 4．設(shè)函數(shù)F(x)＝是定義在R上的函數(shù)，其中f(x)的導(dǎo)函數(shù)f′(x)滿足f′(x)e2f(0)，f(2 016)>e2 016f(0) B．f(2)e2 016f(0) C．f(2)e2f(0)，f(2 016)

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