《高考物理二輪復(fù)習(xí)簡(jiǎn)易通(新課標(biāo))word版訓(xùn)練：第4講 功能關(guān)系在力學(xué)中的應(yīng)用》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《高考物理二輪復(fù)習(xí)簡(jiǎn)易通(新課標(biāo))word版訓(xùn)練：第4講 功能關(guān)系在力學(xué)中的應(yīng)用（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第4講　功能關(guān)系在力學(xué)中的應(yīng)用 (1～6題為單項(xiàng)選擇題，7～10題為多項(xiàng)選擇題) 1. 如圖2－4－19所示，質(zhì)量為m的物體在與水平方向成θ角的恒力F作用下以加速度a做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，已知物體和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物體在地面上運(yùn)動(dòng)距離為x的過(guò)程中力F做的功為 (　　)． 圖2－4－19 A．μmgx B. C. D. 解析　以物體為研究對(duì)象，豎直方向有Fsin θ＋mg＝FN，水平方向有Fcos θ－μFN＝ma，聯(lián)立解得F＝，在此過(guò)程中F做功W＝Fxcos θ＝，故正確選項(xiàng)為B. 答案　B 2．小明同學(xué)騎電動(dòng)自行車(chē)沿平直公路行駛，因電瓶

2、“沒(méi)電”，故改用腳蹬車(chē)勻速前行．設(shè)小明與車(chē)的總質(zhì)量為100 kg，騎行過(guò)程中所受阻力恒為車(chē)和人總重的0.02倍，g取10 m/s2.通過(guò)估算可知，小明騎此電動(dòng)車(chē)做功的平均功率最接近 (　　)． A．10 W B．100 W C．300 W D．500 W 解析　由P＝Fv可知，要求騎車(chē)人的功率，一要知道騎車(chē)人的動(dòng)力，二要知道騎車(chē)人的速度，前者由于自行車(chē)勻速行駛，由二力平衡的知識(shí)可知F＝f＝20 N，后者對(duì)于騎車(chē)人的速度我們應(yīng)該有一個(gè)估測(cè)，約為5 m/s，所以由P＝Fv得，選項(xiàng)B正確． 答案　B 3. 光滑水平地面上疊放著兩個(gè)物體A和B，如圖2－4－20所示．水平拉力F作

3、用在物體B上，使A、B兩物體從靜止出發(fā)一起運(yùn)動(dòng)．經(jīng)過(guò)時(shí)間t，撤去拉力F，再經(jīng)過(guò)時(shí)間t，物體A、B的動(dòng)能分別設(shè)為EA和EB，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A、B始終保持相對(duì)靜止．以下有幾個(gè)說(shuō)法：①EA＋EB等于拉力F做的功；②EA＋EB小于拉力F做的功；③EA等于撤去拉力F前摩擦力對(duì)物體A做的功；④EA大于撤去拉力F前摩擦力對(duì)物體A做的功．其中正確的是 (　　)． 圖2－4－20 A．①③ B．①④ C．②③ D．②④ 答案　A 4．物體在恒定阻力作用下，以某初速度在水平面上沿直線(xiàn)滑行直到停止，以a、Ek、s和t分別表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小、動(dòng)能、位移的大小和運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，則以下各圖象中，

4、能正確反映這一過(guò)程的是 (　　)． 解析　物體在恒定阻力作用下運(yùn)動(dòng)，其加速度隨時(shí)間不變，隨位移不變，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理，fs＝Ek－Ek0，解得Ek＝Ek0－fs，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤． 答案　C 5. 如圖2－4－21所示，一質(zhì)量為m的滑塊以初速度v0從固定于地面的斜面底端A開(kāi)始沖上斜面，到達(dá)某一高度后返回A，斜面與滑塊之間有摩擦．下列各項(xiàng)分別表示它在斜面上運(yùn)動(dòng)的速度v、加速度a、重力勢(shì)能Ep和機(jī)械能E隨時(shí)間變化的圖象，可能正確的是 (　　)． 圖2－4－21 解析　滑塊上滑和回落過(guò)程中受到的摩擦力方向不同，加速度大小不等、方向相同，上升時(shí)的加速度a1大于回落

5、時(shí)的加速度a2，故A、B錯(cuò)．摩擦力一直做負(fù)功，機(jī)械能一直減小，D錯(cuò)．設(shè)滑塊滑到最高點(diǎn)時(shí)的重力勢(shì)能為Epm，斜面傾角為θ，則上升過(guò)程Ep＝mg·a1t2·sin θ＝mga1sin θ·t2，回落過(guò)程Ep＝Epm－mg·a2(t－t0)2·sin θ，其中t0為滑塊上滑的總時(shí)間，故C圖象為兩段拋物線(xiàn)，正確． 答案　C 6. 如圖2－4－22所示，將一輕彈簧下端固定在傾角為θ的粗糙斜面底端，彈簧處于自然狀態(tài)時(shí)上端位于A點(diǎn)．質(zhì)量為m的物體從斜面上的B點(diǎn)由靜止下滑，與彈簧發(fā)生相互作用后，最終停在斜面上．下列說(shuō)法正確的是 (　　)． 圖2－4－22 A．物體最終將停在A點(diǎn) B．物體第一次

6、反彈后有可能到達(dá)B點(diǎn) C．整個(gè)過(guò)程中重力勢(shì)能的減少量大于克服摩擦力做的功 D．整個(gè)過(guò)程中物體的最大動(dòng)能大于彈簧的最大彈性勢(shì)能 解析　物體最終處于靜止?fàn)顟B(tài)，故受力平衡，由題知物體重力沿斜面的分力大于物體受到的沿斜面向上的滑動(dòng)摩擦力，故物體最終將停在A點(diǎn)以下，A項(xiàng)錯(cuò)；根據(jù)能量守恒，物體在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到滑動(dòng)摩擦力作用，機(jī)械能減少，故物體第一次反彈后不可能到達(dá)B點(diǎn)，B項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒，物體在整個(gè)過(guò)程中重力勢(shì)能的減少量等于克服摩擦力及克服彈簧彈力做的總功，故C項(xiàng)正確；整個(gè)過(guò)程中，物體處于平衡態(tài)時(shí)其動(dòng)能最大，設(shè)物體處于平衡態(tài)時(shí)，彈簧的壓縮量為x1，則根據(jù)動(dòng)能定理有(mgsin θ－μmgcos

7、θ)·(xAB＋x1)－ΔEp1＝Ekm，當(dāng)物體位于斜面最低點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大，設(shè)此時(shí)彈簧的壓縮量為x2，根據(jù)動(dòng)能定理有(mgsin θ－μmgcos θ)(xAB＋x2)－ΔEpm＝0，由于x2>x1，故ΔEpm>Ekm，故D項(xiàng)錯(cuò)． 答案　C 7．(2013·山東卷，16)如圖2－4－23所示，楔形木塊abc固定在水平面上，粗糙斜面ab和光滑斜面bc與水平面的夾角相同，頂角b處安裝一定滑輪．質(zhì)量分別為M、m(M>m)的滑塊、通過(guò)不可伸長(zhǎng)的輕繩跨過(guò)定滑輪連接，輕繩與斜面平行．兩滑塊由靜止釋放后，沿斜面做勻加速運(yùn)動(dòng)．若不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦，在兩滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中 (　　)．

8、圖2－4－23 A．兩滑塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 B．重力對(duì)M做的功等于M動(dòng)能的增加 C．輕繩對(duì)m做的功等于m機(jī)械能的增加 D．兩滑塊組成系統(tǒng)的機(jī)械能損失等于M克服摩擦力做的功 解析　兩滑塊釋放后，M下滑、m上滑，摩擦力對(duì)M做負(fù)功，系統(tǒng)的機(jī)械能減小，減小的機(jī)械能等于M克服摩擦力做的功，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，D正確．除重力對(duì)滑塊M做正功外，還有摩擦力和繩的拉力對(duì)滑塊M做負(fù)功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤．繩的拉力對(duì)滑塊m做正功，滑塊m機(jī)械能增加，且增加的機(jī)械能等于拉力做的功，選項(xiàng)C正確． 答案　CD 8．下列各圖是反映汽車(chē)以額定功率P額從靜止開(kāi)始勻加速啟動(dòng)，最后做勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，其速度隨時(shí)間以及加速度、牽引力

9、和功率隨速度變化的圖象，其中正確的是 (　　)． 解析　分析汽車(chē)啟動(dòng)過(guò)程可知，汽車(chē)先是牽引力不變的勻加速啟動(dòng)過(guò)程，加速度恒定，速度均勻增大，功率均勻增大；當(dāng)功率達(dá)到額定功率時(shí)，功率不再變化，此后汽車(chē)為恒定功率啟動(dòng)，速度繼續(xù)增大，牽引力減小，加速度減小，當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，加速度減小到零，速度達(dá)到最大，然后勻速運(yùn)動(dòng)．結(jié)合各選項(xiàng)的圖象可知，選項(xiàng)B錯(cuò)誤，A、C、D正確． 答案　ACD 9. 如圖2－4－24所示，M為固定在水平桌面上的有缺口的正方形木塊，abcd為半徑是R的光滑圓弧形軌道，a為軌道的最高點(diǎn)，de面水平且有一定長(zhǎng)度．今將質(zhì)量為m的小球在d點(diǎn)的正上方高為h處由靜止釋放，讓其自

10、由下落到d處切入軌道內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，則 (　　)． 圖2－4－24 A．只要h大于R，釋放后小球就能通過(guò)a點(diǎn) B．只要改變h的大小，就能使小球通過(guò)a點(diǎn)后，既可能落回軌道內(nèi)，又可能落到de面上 C．無(wú)論怎樣改變h的大小，都不可能使小球通過(guò)a點(diǎn)后落回軌道內(nèi) D．調(diào)節(jié)h的大小，可以使小球飛出de面之外(即e的右側(cè)) 解析　要使小球到達(dá)最高點(diǎn)a，則在最高點(diǎn)小球速度最小時(shí)有mg＝m，得最小速度v＝，由機(jī)械能守恒定律得mg(h－R)＝mv2，得h＝R，即h必須大于或等于R，小球才能通過(guò)a點(diǎn)，A項(xiàng)錯(cuò)；小球若能到達(dá)a點(diǎn)，并從a點(diǎn)以最小速度平拋，有R＝gt2，x＝vt＝R，所以，無(wú)論怎樣

11、改變h的大小，都不可能使小球通過(guò)a點(diǎn)后落回軌道內(nèi)，B項(xiàng)錯(cuò)，C項(xiàng)正確；如果h足夠大，小球可能會(huì)飛出de面之外，D項(xiàng)正確． 答案　CD 10．(2013·北京西城期末)如圖2－4－25甲所示，物體以一定的初速度從傾角α＝37°的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0 m．選擇地面為參考平面，上升過(guò)程中，物體的機(jī)械能E機(jī)隨高度h的變化如圖乙所示．(g＝10 m/s2，sin 37°＝0.60，cos 37°＝0.80.)則 (　　)． 圖2－4－25 A．物體的質(zhì)量m＝0.67 kg B．物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.40 C．物體上升過(guò)程的加速度大小a＝10 m/s2

12、 D．物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能Ek＝10 J 解析　ΔE機(jī)＝－μmgcos α·＝－μmghcot α＝－20 J，在最大高度時(shí)Ep＝mgh＝30 J，可得m＝1 kg，μ＝0.5，A、B錯(cuò)．由動(dòng)能定理－ma·＝0－Ek0＝－50 J得物體上升過(guò)程的加速度大小a＝10 m/s2，C正確．上升和下滑過(guò)程的機(jī)械能損失相同，所以回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能為30 J－20 J＝10 J，D正確． 答案　CD 11．(2013·廊坊模擬)如圖2－4－26所示，一質(zhì)量為M＝5.0 kg的平板車(chē)靜止在光滑水平地面上，平板車(chē)的上表面距離地面高h(yuǎn)＝0.8 m，其右側(cè)足夠遠(yuǎn)處有一固定障礙物A.另一質(zhì)量為m＝2.0

13、 kg可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊，以v0＝8 m/s的水平初速度從左端滑上平板車(chē)，同時(shí)對(duì)平板車(chē)施加一水平向右、大小為5 N的恒力F.當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到平板車(chē)的最右端時(shí)，兩者恰好相對(duì)靜止．此時(shí)撤去恒力F，當(dāng)平板車(chē)碰到障礙物A時(shí)立即停止運(yùn)動(dòng)，滑塊水平飛離平板車(chē)后，恰能無(wú)碰撞地沿圓弧切線(xiàn)從B點(diǎn)切入光滑豎直圓弧軌道，并沿軌道下滑．已知滑塊與平板車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，圓弧半徑為R＝1.0 m，圓弧所對(duì)的圓心角∠BOD＝θ＝106°.取g＝10 m/s2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6.求： 圖2－4－26 (1)平板車(chē)的長(zhǎng)度； (2)障礙物A與圓弧左端B的水平距離； (3)滑塊運(yùn)動(dòng)到圓

14、弧軌道最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道壓力的大?。? 解析　(1)滑塊與平板車(chē)間的滑動(dòng)摩擦力Ff＝μmg， 對(duì)滑塊，由牛頓第二定律得：a1＝＝μg＝5 m/s2 對(duì)平板車(chē)，由牛頓第二定律得：a2＝＝3 m/s2 設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t1，滑塊與平板車(chē)相對(duì)靜止，共同速度為v，則：v＝v0－a1t1＝a2t1 滑塊的位移：x1＝t1 平板車(chē)的位移：x2＝t1 平板車(chē)的長(zhǎng)度：l＝x1－x2 解得：l＝4 m. (2)設(shè)滑塊從平板車(chē)上滑出后做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，則：h＝gt，xAB＝vt2 障礙物A與圓弧左端B的水平距離：xAB＝1.2 m. (3)對(duì)滑塊，從離開(kāi)平板車(chē)到C點(diǎn)，由動(dòng)能定理得： mgh＋m

15、gR＝mv－mv2 在C點(diǎn)由牛頓第二定律得：FN－mg＝m， 解得：FN＝86 N. 由牛頓第三定律得滑塊運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)軌道壓力的大小為86 N. 答案　(1)4 m　(2)1.2 m　(3)86 N 12．(2013·北京卷，23)蹦床比賽分成預(yù)備運(yùn)動(dòng)和比賽動(dòng)作兩個(gè)階段．最初，運(yùn)動(dòng)員靜止站在蹦床上；在預(yù)備運(yùn)動(dòng)階段，他經(jīng)過(guò)若干次蹦跳，逐漸增加上升高度，最終達(dá)到完成比賽動(dòng)作所需的高度；此后，進(jìn)入比賽動(dòng)作階段． 圖2－4－27 把蹦床簡(jiǎn)化為一個(gè)豎直放置的輕彈簧，彈力大小F＝kx(x為床面下沉的距離，k為常量)．質(zhì)量m＝50 kg的運(yùn)動(dòng)員靜止站在蹦床上，床面下沉x0＝0

16、.10 m；在預(yù)備運(yùn)動(dòng)中，假定運(yùn)動(dòng)員所做的總功W全部用于增加其機(jī)械能；在比賽動(dòng)作中，把該運(yùn)動(dòng)員視作質(zhì)點(diǎn)，其每次離開(kāi)床面做豎直上拋運(yùn)動(dòng)的騰空時(shí)間均為Δt＝2.0 s，設(shè)運(yùn)動(dòng)員每次落下使床面壓縮的最大深度均為x1.取重力加速度g＝10 m/s2，忽略空氣阻力的影響． (1)求常量k，并在圖2－4－27中畫(huà)出彈力F隨x變化的示意圖； (2)求在比賽動(dòng)作中，運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)床面后上升的最大高度hm； (3)借助F－x圖象可以確定彈力做功的規(guī)律，在此基礎(chǔ)上，求x1和W的值． 解析　(1)運(yùn)動(dòng)員靜止在蹦床上時(shí)受力平衡， 則mg＝kx0. 代入數(shù)據(jù)得：k＝5 000 N/m F－x圖象如圖 (2)運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)床后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，且騰空時(shí)間為2 s，由h＝g(Δt)2得：最大高度hm＝g2＝×10×2 m＝5 m (3)由圖象可知彈簧彈力做功應(yīng)為F－x曲線(xiàn)下的面積，其規(guī)律為W＝kΔx2. 在運(yùn)動(dòng)員從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得：kx＝mg(hm＋x1) 代入數(shù)據(jù)得：x1＝1.1 m 運(yùn)動(dòng)員所做的總功W＋kx＝mg(hm＋x0) 代入數(shù)據(jù)解得W＝2 525 J≈2.5×103 J. 答案　(1)5000 N/m　示意圖見(jiàn)解析　(2)5 m (3)1.1 m　2.5×103 J