《物理備課資料 一 物體的平衡 一 物體的平衡》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《物理備課資料 一 物體的平衡 一 物體的平衡（37頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題整合突破專題整合突破專題一物體的平衡專題一物體的平衡定位定位 五年考情分析五年考情分析20172017年年20162016年年20152015年年20142014年年20132013年年卷卷T21(T21(動態(tài)平衡動態(tài)平衡) )T19(T19(靜態(tài)平衡靜態(tài)平衡) )T24(T24(磁場中的平衡磁場中的平衡) )T24(T24(磁場中磁場中的平衡的平衡) )T17(T17(動態(tài)動態(tài)平衡平衡) )卷卷T16(T16(靜態(tài)平衡靜態(tài)平衡) )T14(T14(動態(tài)平衡動態(tài)平衡) )T15(T15(平衡中的平衡中的臨界與極值臨界與極值問題問題) )卷卷T17(T17(靜態(tài)平衡靜態(tài)平衡) )T17(T1

2、7(靜態(tài)平衡靜態(tài)平衡) )專題定位專題定位本專題解決的是受力分析、力的合成與分解、共點力平衡本專題解決的是受力分析、力的合成與分解、共點力平衡. .高考對本專題的考查頻高考對本專題的考查頻率極高率極高, ,題型以選擇題為主題型以選擇題為主, ,也可能以計算題形式出現(xiàn)也可能以計算題形式出現(xiàn), ,難度多為中低檔難度多為中低檔. .對各性質對各性質力特點的理解力特點的理解, ,共點力作用下的動態(tài)平衡問題是本專題的主要命題點共點力作用下的動態(tài)平衡問題是本專題的主要命題點. .整體法和隔整體法和隔離法、圖解法、解析法、相似三角形法是用到的主要思想方法離法、圖解法、解析法、相似三角形法是用到的主要思想方法

3、. .應考建議應考建議深刻理解各種性質力的特點深刻理解各種性質力的特點, ,熟練掌握分析共點力平衡的各種方法熟練掌握分析共點力平衡的各種方法. .整整 合合突突 破破實實 戰(zhàn)戰(zhàn)整合整合 網(wǎng)絡要點重溫網(wǎng)絡要點重溫【網(wǎng)絡構建網(wǎng)絡構建】【要點重溫要點重溫】 1.1.共點力作用下物體平衡的條件是合力為共點力作用下物體平衡的條件是合力為 . .2.2.三個共點力平衡三個共點力平衡: :如果物體僅受三個共點力作用處于平衡狀態(tài)如果物體僅受三個共點力作用處于平衡狀態(tài), ,則其中任意則其中任意兩個力的合力與第三個力大小兩個力的合力與第三個力大小 , ,方向方向 , ,處在同一平面內處在同一平面內; ;表示這表示

4、這三個力的有向線段可以組成一個封閉的三個力的有向線段可以組成一個封閉的 . .3.3.多個共點力平衡多個共點力平衡: :任意方向上合力為任意方向上合力為 , ,建立直角坐標系后建立直角坐標系后, ,兩個坐標軸兩個坐標軸上的合力均為零上的合力均為零. .即即F Fx x=0,F=0,Fy y=0.=0.4.4.動態(tài)平衡動態(tài)平衡: :物體在緩慢移動過程中物體在緩慢移動過程中, ,可以認為物體處于可以認為物體處于 狀態(tài)狀態(tài), ,其所受其所受合力為合力為 . .5.5.帶電粒子在復合場中除了受到重力、彈力和摩擦力外帶電粒子在復合場中除了受到重力、彈力和摩擦力外, ,還涉及電磁學中的還涉及電磁學中的 、

5、 和洛倫茲力和洛倫茲力. .電磁場中的平衡問題也遵循合力為零這一規(guī)律電磁場中的平衡問題也遵循合力為零這一規(guī)律. .零零相等相等相反相反矢量三角形矢量三角形平衡平衡零零電場力電場力安培力安培力零零突破突破 熱點考向聚焦熱點考向聚焦熱點考向一物體的靜態(tài)平衡熱點考向一物體的靜態(tài)平衡【核心提煉核心提煉】1.1.處理靜態(tài)平衡問題的基本思路處理靜態(tài)平衡問題的基本思路2.2.兩大思維方法對比兩大思維方法對比3.3.在三個力作用下物體的平衡問題中在三個力作用下物體的平衡問題中, ,常用合成法分析常用合成法分析; ;在多個力作用下物在多個力作用下物體的平衡問題中體的平衡問題中, ,常用正交分解法分析常用正交分解

6、法分析. .【典例典例1 1】 (2016(2016全國全國卷卷,19)(,19)(多選多選) )如圖如圖, ,一光滑的輕滑輪用細繩一光滑的輕滑輪用細繩OOOO懸掛懸掛于于O O點點, ,另一細繩跨過滑輪另一細繩跨過滑輪, ,其一端懸掛物塊其一端懸掛物塊a,a,另一端系一位于水平粗糙桌面上另一端系一位于水平粗糙桌面上的物塊的物塊b.b.外力外力F F向右上方拉向右上方拉b,b,整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài). .若若F F方向不變方向不變. .大小在一大小在一定范圍內變化定范圍內變化, ,物塊物塊b b仍始終保持靜止仍始終保持靜止, ,則則( ( ) )A.A.繩繩OOOO的張力也在

7、一定范圍內變化的張力也在一定范圍內變化B.B.物塊物塊b b所受到的支持力也在一定范圍內變化所受到的支持力也在一定范圍內變化C.C.連接連接a a和和b b的繩的張力也在一定范圍內變化的繩的張力也在一定范圍內變化D.D.物塊物塊b b與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化與桌面間的摩擦力也在一定范圍內變化解析解析: :由于力由于力F F改變時物塊改變時物塊b b始終保持靜止始終保持靜止, ,而連接而連接a,ba,b的繩的張力不變的繩的張力不變, ,大小大小等于物塊等于物塊a a的重力的重力, ,滑輪兩側繩的夾角不變滑輪兩側繩的夾角不變, ,則繩則繩OOOO的張力不變的張力不變;F;F方向不方向不變

8、變, ,大小變化時大小變化時, ,力力F F在豎直和水平兩方向的分力改變在豎直和水平兩方向的分力改變, ,由平衡條件可知由平衡條件可知, ,桌桌面對物塊面對物塊b b的支持力和摩擦力在一定范圍內變化的支持力和摩擦力在一定范圍內變化, ,選項選項B,DB,D正確正確. .BD BD 【預測練習預測練習1 1】 ( (20172017江蘇南通模擬江蘇南通模擬) )如圖所示如圖所示, ,當風水平吹來時當風水平吹來時, ,風箏面與水風箏面與水平面成一夾角平面成一夾角, ,人站在地面上拉住連接風箏的細線人站在地面上拉住連接風箏的細線, ,則則( ( ) )A.A.空氣對風箏的作用力方向水平向右空氣對風箏

9、的作用力方向水平向右B.B.地面對人的摩擦力方向水平向左地面對人的摩擦力方向水平向左C.C.地面對人的支持力大小等于人和風箏的總重力地面對人的支持力大小等于人和風箏的總重力D.D.風箏處于穩(wěn)定狀態(tài)時風箏處于穩(wěn)定狀態(tài)時, ,拉直的細線可能垂直于風箏面拉直的細線可能垂直于風箏面B B 解析解析: :空氣對風箏的作用力垂直于風箏面斜向右上方空氣對風箏的作用力垂直于風箏面斜向右上方, ,選項選項A A錯誤錯誤; ;把人和風把人和風箏看做一個系統(tǒng)箏看做一個系統(tǒng), ,系統(tǒng)受到豎直向下的重力、地面對系統(tǒng)豎直向上的支持系統(tǒng)受到豎直向下的重力、地面對系統(tǒng)豎直向上的支持力、空氣對系統(tǒng)垂直風箏面斜向上的作用力力、空

10、氣對系統(tǒng)垂直風箏面斜向上的作用力, ,要使系統(tǒng)靜止要使系統(tǒng)靜止, ,人必然受到地人必然受到地面對他的水平向左的摩擦力面對他的水平向左的摩擦力, ,選項選項B B正確正確; ;空氣對整個系統(tǒng)的作用力有向上空氣對整個系統(tǒng)的作用力有向上的分力的分力, ,因此地面對人的支持力要小于人和風箏的總重力因此地面對人的支持力要小于人和風箏的總重力, ,選項選項C C錯誤錯誤; ;當風當風箏處于穩(wěn)定狀態(tài)時箏處于穩(wěn)定狀態(tài)時, ,以風箏為研究對象以風箏為研究對象, ,風箏受重力、細線的拉力、空氣對風箏受重力、細線的拉力、空氣對風箏垂直風箏面斜向上的作用力風箏垂直風箏面斜向上的作用力, ,三力的合力為零三力的合力為零

11、, ,所以風箏所受的拉力與所以風箏所受的拉力與空氣對風箏的作用力不在一條直線上空氣對風箏的作用力不在一條直線上, ,即拉直的細線不會垂直于風箏面即拉直的細線不會垂直于風箏面, ,選選項項D D錯誤錯誤. .熱點考向二物體的動態(tài)平衡熱點考向二物體的動態(tài)平衡【核心提煉核心提煉】分析動態(tài)平衡問題的常用方法分析動態(tài)平衡問題的常用方法適用條件適用條件解題思路解題思路圖解法圖解法物體受三個力物體受三個力, ,其中一個力的其中一個力的大小、方向均不變大小、方向均不變, ,另一個力另一個力的方向不變的方向不變畫出力的矢量三角形畫出力的矢量三角形( (有必要時應畫出不同狀態(tài)有必要時應畫出不同狀態(tài)下力的矢量三角形

12、下力的矢量三角形),),依據(jù)某一個量的變化依據(jù)某一個量的變化, ,分析分析兩個矢量邊的變化兩個矢量邊的變化, ,從而分析這兩個力的大小及從而分析這兩個力的大小及方向的變化情況方向的變化情況解析法解析法物體受三個以上的力物體受三個以上的力, ,且某一且某一夾角發(fā)生變化夾角發(fā)生變化對力進行正交分解對力進行正交分解, ,兩個方向上建立平衡方程兩個方向上建立平衡方程, ,依據(jù)三角函數(shù)關系判斷各力的變化情況依據(jù)三角函數(shù)關系判斷各力的變化情況相似三相似三角形法角形法物體受三個力物體受三個力( (或相當于三個或相當于三個力力),),一個力大小、方向均不一個力大小、方向均不變變, ,兩個力的方向都變化兩個力的

13、方向都變化是圖解法的特例是圖解法的特例, ,畫出力的矢量三角形畫出力的矢量三角形, ,找到與找到與之相似的幾何三角形之相似的幾何三角形, ,列出相應比例式進行分析列出相應比例式進行分析【典例典例2 2】 ( (20172017吉林實驗中學二模吉林實驗中學二模) )如圖所示如圖所示, ,三根輕細繩懸掛兩個質量相三根輕細繩懸掛兩個質量相同的小球保持靜止同的小球保持靜止,A,D,A,D間細繩是水平的間細繩是水平的, ,現(xiàn)對現(xiàn)對B B球施加一個水平向右的力球施加一個水平向右的力F,F,將將B B緩緩拉到圖中虛線位置緩緩拉到圖中虛線位置, ,這時三根細繩張力這時三根細繩張力T TACAC,T,TADAD

14、,T,TABAB的變化情況是的變化情況是( ( ) )A.A.都變大都變大B.TB.TADAD和和T TABAB變大變大,T,TACAC不變不變C.TC.TACAC和和T TABAB變大變大,T,TADAD不變不變D.TD.TACAC和和T TADAD變大變大,T,TABAB不變不變 B B 解析解析: :以以B B為研究對象受力分析為研究對象受力分析, ,由分解法作圖如圖由分解法作圖如圖1 1所示所示. .由圖可以看出由圖可以看出, ,當當將將B B緩緩拉到圖中虛線位置過程緩緩拉到圖中虛線位置過程, ,繩子與豎直方向夾角變大繩子與豎直方向夾角變大, ,繩子的拉力大繩子的拉力大小對應圖中小對應

15、圖中1,2,31,2,3三個位置大小所示三個位置大小所示, ,即即T TABAB逐漸變大逐漸變大,F,F逐漸變大逐漸變大. .再以再以A,BA,B整體為研究對象受力分析整體為研究對象受力分析, ,作受力圖如圖作受力圖如圖2 2所示所示. .設設ACAC繩與水平方向繩與水平方向夾角為夾角為,則豎直方向有則豎直方向有T TACACsin =2mg,sin =2mg,得出得出T TACAC= ,= ,由于由于角不變角不變, ,所以所以T TACAC不變不變; ;在水平方向有在水平方向有T TADAD=T=TACACcos +F,cos +F,由于由于T TACACcos cos 不變不變, ,而而F

16、 F逐漸變大逐漸變大, ,所以所以T TADAD逐漸變大逐漸變大. .故選項故選項B B正確正確. .2sinmg【預測練習預測練習2 2】 ( (20172017江西南昌質檢江西南昌質檢) )如圖所示如圖所示, ,粗糙水平面上有一固定的、粗糙水平面上有一固定的、粗糙程度處處相同的圓弧形框架粗糙程度處處相同的圓弧形框架ABC,ABC,框架下面放置一塊厚度不計的金屬板框架下面放置一塊厚度不計的金屬板, ,金金屬板的中心屬板的中心O O點是框架的圓心點是框架的圓心, ,框架上套有一個輕圓環(huán)框架上套有一個輕圓環(huán), ,用輕彈簧把圓環(huán)與金屬用輕彈簧把圓環(huán)與金屬板的板的O O點固定連接點固定連接, ,開始

17、時輕彈簧處于水平拉伸狀態(tài)開始時輕彈簧處于水平拉伸狀態(tài). .用一個始終沿框架切線方用一個始終沿框架切線方向的拉力向的拉力F F拉動圓環(huán)拉動圓環(huán), ,從左側水平位置緩慢繞框架運動從左側水平位置緩慢繞框架運動, ,直到輕彈簧達到豎直位直到輕彈簧達到豎直位置置, ,金屬板始終保持靜止狀態(tài)金屬板始終保持靜止狀態(tài), ,則在整個過程中則在整個過程中( ( ) )A.A.沿框架切線方向拉力沿框架切線方向拉力F F逐漸減小逐漸減小B.B.水平面對金屬板的摩擦力逐漸增大水平面對金屬板的摩擦力逐漸增大C.C.水平面對金屬板的支持力逐漸減小水平面對金屬板的支持力逐漸減小D.D.框架對圓環(huán)的支持力逐漸減小框架對圓環(huán)的支

18、持力逐漸減小C C 解析解析: :彈簧伸長量不變彈簧伸長量不變, ,彈簧的彈力大小彈簧的彈力大小FF不變不變, ,設彈簧與水平方向夾角為設彈簧與水平方向夾角為.金屬板受重力金屬板受重力mgmg、支持力、支持力F FN N、彈簧的拉力、彈簧的拉力FF和向右的靜摩擦力和向右的靜摩擦力f f作用作用, ,水平方向水平方向f=f=FcosFcos , ,豎直方向豎直方向F FN N+Fsin+Fsin =mg, =mg,得得F FN N=mg-=mg-FsinFsin , ,隨隨著著的增大的增大, ,支持力不斷減小支持力不斷減小, ,靜摩擦力逐漸減小靜摩擦力逐漸減小, ,選項選項B B錯誤錯誤,C,C

19、正確正確; ;輕圓輕圓環(huán)是不計重力的環(huán)是不計重力的, ,其受彈簧的拉力、框架的支持力其受彈簧的拉力、框架的支持力( (大小不變?yōu)榇笮〔蛔優(yōu)镕)F)、拉力、拉力F F和滑動摩擦力和滑動摩擦力f,f,有有F=f=F=f=FF,故拉力大小不變故拉力大小不變, ,選項選項A,DA,D錯誤錯誤. .熱點考向三電磁場中的平衡問題熱點考向三電磁場中的平衡問題【核心提煉核心提煉】解決電磁場中平衡問題的兩條主線解決電磁場中平衡問題的兩條主線(1)(1)遵循平衡條件遵循平衡條件. .與純力學問題的分析方法相同與純力學問題的分析方法相同, ,只是多了電場力和磁場力只是多了電場力和磁場力, ,把把電學問題力學化可按以

20、下流程分析電學問題力學化可按以下流程分析. .(2)(2)遵循電磁學規(guī)律遵循電磁學規(guī)律. .受力分析時受力分析時, ,要注意準確判斷電場力、安培力和洛倫茲力要注意準確判斷電場力、安培力和洛倫茲力的方向的方向. . 【典例典例3 3】 ( (20172017遼寧大連模擬遼寧大連模擬) )在傾角為在傾角為的光滑斜面上的光滑斜面上, ,放置一段通有電放置一段通有電流為流為I,I,長度為長度為L,L,質量為質量為m m的導體棒的導體棒a(a(電流方向向里電流方向向里),),如圖所示如圖所示. .(1)(1)若空間中有豎直向上的勻強磁場若空間中有豎直向上的勻強磁場, ,則磁感應強度則磁感應強度B B1

21、1是多大是多大? ? 解析解析: :(1)(1)若磁場方向豎直向上若磁場方向豎直向上, ,導體棒受力情況如圖導體棒受力情況如圖1 1所示所示, ,則則在水平方向上由平衡條件得在水平方向上由平衡條件得F-F-F FN Nsinsin =0 =0在豎直方向上由平衡條件得在豎直方向上由平衡條件得mg-mg-F FN Ncoscos =0 =0其中安培力其中安培力F=BF=B1 1IL,IL,聯(lián)立以上各式可解得聯(lián)立以上各式可解得B B1 1= .= .tanmgIL答案答案: :(1) (1) tanmgIL解析解析: :(2)(2)當安培力與重力平衡時當安培力與重力平衡時, ,導體棒對斜面沒有壓力導

22、體棒對斜面沒有壓力, ,導體棒受力情況導體棒受力情況如圖如圖2 2所示所示, ,則有則有F=F=mg,Fmg,F=B=B2 2IL,IL,解得解得B B2 2= ,= ,由左手定則可知由左手定則可知B B2 2的方向是水平向左的的方向是水平向左的. . (2)(2)要使導體棒要使導體棒a a靜止在斜面上且對斜面無壓力靜止在斜面上且對斜面無壓力, ,勻強磁場磁感應強度勻強磁場磁感應強度B B2 2的大的大小和方向如何小和方向如何? ?答案答案: :(2)(2) 水平向左水平向左mgILmgIL【拓展延伸拓展延伸】 在在“典例典例3 3”中中, ,若空間中有平行于紙面的勻強磁場若空間中有平行于紙面

23、的勻強磁場, ,則使導體棒則使導體棒a a靜止的最小的磁感應強度靜止的最小的磁感應強度B B3 3的大小和方向如何的大小和方向如何? ?解析解析: :導體棒受力情況如圖所示導體棒受力情況如圖所示, ,可知當安培力沿斜面向上時可知當安培力沿斜面向上時, ,安培力有最安培力有最小值小值, ,則則F=mgsin ,F=mgsin ,且且F=BF=B3 3IL,IL,得得B B3 3= .= .由左手定則可知由左手定則可知B B3 3的方向是垂直斜面向上的的方向是垂直斜面向上的. .答案答案: : 垂直斜面向上垂直斜面向上sinmgILsinmgIL【預測練習預測練習3 3】 ( (20172017河

24、北邢臺模擬河北邢臺模擬) )( (多選多選) )如圖所示如圖所示, ,質量和電荷量均相同質量和電荷量均相同的兩個小球的兩個小球A,BA,B分別套在光滑絕緣桿分別套在光滑絕緣桿MN,NPMN,NP上上, ,兩桿固定在一起兩桿固定在一起,NP,NP水平且與水平且與MNMN處于同一豎直面內處于同一豎直面內,MNP,MNP為鈍角為鈍角.B.B小球受一沿桿方向的水平推力小球受一沿桿方向的水平推力F F1 1作用作用,A,B,A,B均處于靜止狀態(tài)均處于靜止狀態(tài), ,此時此時A,BA,B兩球間距為兩球間距為L L1 1. .現(xiàn)緩慢推動現(xiàn)緩慢推動B B球球,A,A球也緩慢移動球也緩慢移動, ,當當B B球到達

25、球到達C C點時點時, ,水平推力大小為水平推力大小為F F2 2,A,B,A,B兩球間距為兩球間距為L L2 2, ,則則( ( ) )A.FA.F1 1FFF2 2C.LC.L1 1LLL2 2 BC BC 解析解析: :對對A A球受力分析如圖所示球受力分析如圖所示,A,A球受到重力球受到重力mgmg、支持力、支持力F FNANA和庫侖力和庫侖力F F庫庫, ,在在B B球向球向C C移動的過程中移動的過程中, ,庫侖力的方向在改變庫侖力的方向在改變, ,即圖中即圖中角變小角變小, ,由矢量三角由矢量三角形可知庫侖力在變小形可知庫侖力在變小, ,根據(jù)庫侖定律根據(jù)庫侖定律F F庫庫=k =

26、k 可知可知L L變大變大, ,即即A,BA,B之間的距離變之間的距離變大大, ,選項選項C C正確正確,D,D錯誤錯誤; ;對對B B球受力分析如圖所示球受力分析如圖所示,B,B球移動過程中球移動過程中,F,F庫庫變小變小, ,與與桿桿NPNP之間的夾角之間的夾角變大變大, ,推力推力F=FF=F庫庫coscos , ,則推力則推力F F1 1FF2 2, ,選項選項A A錯誤錯誤,B,B正確正確. .22qL熱點考向四平衡中的臨界與極值問題熱點考向四平衡中的臨界與極值問題 【核心提煉核心提煉】1.1.極值問題的分析方法極值問題的分析方法(1)(1)解析法解析法: :即根據(jù)物體的平衡條件列出

27、方程即根據(jù)物體的平衡條件列出方程, ,在解方程時在解方程時, ,采用數(shù)學知識求極值采用數(shù)學知識求極值或者根據(jù)物理臨界條件求極值或者根據(jù)物理臨界條件求極值. .(2)(2)圖解法圖解法: :即根據(jù)物體的平衡條件作出力的矢量圖即根據(jù)物體的平衡條件作出力的矢量圖, ,畫出平行四邊形或者矢量畫出平行四邊形或者矢量三角形進行動態(tài)分析三角形進行動態(tài)分析, ,確定最大值或最小值確定最大值或最小值. .2.2.臨界問題的分析方法臨界問題的分析方法解決這類問題的基本方法是假設法解決這類問題的基本方法是假設法, ,即先假設某種情況成立即先假設某種情況成立, ,然后根據(jù)平衡條件然后根據(jù)平衡條件及有關知識進行論證、求

28、解及有關知識進行論證、求解. . 【典例典例4 4】 ( (20172017山東煙臺校級模擬山東煙臺校級模擬) )如圖所示如圖所示, ,質量為質量為m m的物體的物體, ,放在一固定放在一固定斜面上斜面上, ,當斜面傾角為當斜面傾角為3030時恰能沿斜面勻速下滑時恰能沿斜面勻速下滑, ,對物體施加一大小為對物體施加一大小為F F的水的水平向右的恒力平向右的恒力, ,物體可沿斜面勻速向上滑行物體可沿斜面勻速向上滑行. .設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力, ,當斜面傾角增大并超過某一臨界角當斜面傾角增大并超過某一臨界角0 0時時, ,不論水平恒力不論水平恒力F F多大多大,

29、 ,都不能使物體都不能使物體沿斜面向上滑行沿斜面向上滑行, ,試求試求: :(1)(1)物體與斜面間的動摩擦因數(shù)物體與斜面間的動摩擦因數(shù); ;(2)(2)臨界角臨界角0 0的大小的大小. .審題突破審題突破 【預測練習預測練習4 4】 ( (20172017安徽安徽“江南十校江南十校”聯(lián)考聯(lián)考) )如圖所示如圖所示, ,豎直面光滑的墻角豎直面光滑的墻角有一個質量為有一個質量為m,m,半徑為半徑為r r的半球體均勻物塊的半球體均勻物塊A.A.現(xiàn)在現(xiàn)在A A上放一密度和半徑均與上放一密度和半徑均與A A相相同的球體同的球體B,B,調整調整A A的位置使得的位置使得A,BA,B保持靜止狀態(tài)保持靜止狀

30、態(tài), ,已知已知A A與地面間的動摩擦因數(shù)與地面間的動摩擦因數(shù)為為0.5.0.5.則則A A球球心距墻角的最遠距離是球球心距墻角的最遠距離是( ( ) ) C C 實戰(zhàn)實戰(zhàn) 高考真題演練高考真題演練1.1.物體的靜態(tài)平衡物體的靜態(tài)平衡 ( (20172017全國全國卷卷,16,16) )如圖如圖, ,一物塊在水平拉力一物塊在水平拉力F F的作用的作用下沿水平桌面做勻速直線運動下沿水平桌面做勻速直線運動. .若保持若保持F F的大小不變的大小不變, ,而方向與水平面成而方向與水平面成6060角角, ,物塊也恰好做勻速直線運動物塊也恰好做勻速直線運動. .物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為物塊與桌面間的動

31、摩擦因數(shù)為( ( ) )C C 解析解析: :物塊在水平力物塊在水平力F F作用下做勻速直線運動作用下做勻速直線運動, ,其受力如圖其受力如圖( (甲甲) )所示所示由平衡條件由平衡條件:F=:F=f,Ff,FN N=mg=mg而而f=f=FFN N= =mgmg即即F=F=mgmg當當F F的方向與水平面成的方向與水平面成6060角時角時, ,其受力如圖其受力如圖( (乙乙) )由平衡條件由平衡條件: :FcosFcos 60 60=f=f1 1f f1 1=F=FN1N1= =(mg-Fsin(mg-Fsin 60 60) )聯(lián)立解得聯(lián)立解得= ,= ,選項選項C C正確正確. . 332

32、.2.平衡中的臨界與極值問題平衡中的臨界與極值問題 ( (20132013全國全國卷卷,15,15) )如圖如圖, ,在固定斜面上的一在固定斜面上的一物塊受到一外力物塊受到一外力F F的作用的作用,F,F平行于斜面向上平行于斜面向上. .若要物塊在斜面上保持靜止若要物塊在斜面上保持靜止,F,F的的取值應有一定范圍取值應有一定范圍, ,已知其最大值和最小值分別為已知其最大值和最小值分別為F F1 1和和F F2 2(F(F2 20).0).由此可求出由此可求出( ( ) )A.A.物塊的質量物塊的質量B.B.斜面的傾角斜面的傾角C.C.物塊與斜面間的最大靜摩擦力物塊與斜面間的最大靜摩擦力D.D.

33、物塊對斜面的正壓力物塊對斜面的正壓力 C C 解析解析: :物塊在斜面上處于靜止狀態(tài)物塊在斜面上處于靜止狀態(tài), ,對物塊進行受力分析對物塊進行受力分析, ,當當F=FF=F1 1時物塊即將向上滑動時物塊即將向上滑動, ,由平衡條件可得由平衡條件可得F F1 1-f-fmaxmax-mgsin =0.-mgsin =0.當當F=FF=F2 2時物塊即將向下滑動時物塊即將向下滑動, ,由平衡條件可得由平衡條件可得F F2 2+f+fmaxmax-mgsin =0,-mgsin =0,由以上兩式可得由以上兩式可得f fmaxmax= ,= ,但無法求出物塊質量、斜面傾角和物塊對斜但無法求出物塊質量、

34、斜面傾角和物塊對斜面的正壓力面的正壓力, ,故選項故選項C C正確正確. .122FF3.3.物體的動態(tài)平衡物體的動態(tài)平衡 ( (20172017全國全國卷卷,21,21) )( (多選多選) )如圖如圖, ,柔軟輕繩柔軟輕繩ONON的一端的一端O O固固定定, ,其中間某點其中間某點M M拴一重物拴一重物, ,用手拉住繩的另一端用手拉住繩的另一端N.N.初始時初始時,OM,OM豎直且豎直且MNMN被拉被拉直直,OM,OM與與MNMN之間的夾角為之間的夾角為( ( ) ). .現(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起現(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起, ,并保持夾角并保持夾角不變不變, ,在在OMOM由豎直被拉到水平的

35、過程中由豎直被拉到水平的過程中( ( ) )A.MNA.MN上的張力逐漸增大上的張力逐漸增大B.MNB.MN上的張力先增大后減小上的張力先增大后減小C.OMC.OM上的張力逐漸增大上的張力逐漸增大D.OMD.OM上的張力先增大后減小上的張力先增大后減小 2AD AD 解析解析: :由共點力平衡條件可知由共點力平衡條件可知,OM,OM上的拉力上的拉力F FOMOM與與MNMN的拉力的拉力F FMNMN的合力的合力F F大小為大小為G,G,方向豎直向上方向豎直向上, ,保持不變保持不變. .在重物向右上方緩慢拉起時夾角在重物向右上方緩慢拉起時夾角不變不變, ,所以所以F FOMOM, ,F FMN

36、MN的變化情況如圖所示的變化情況如圖所示,F,F為小于直徑的弦為小于直徑的弦, ,所對應的圓周角為所對應的圓周角為-,-,在在OMOM由豎直變?yōu)樗降倪^程中由豎直變?yōu)樗降倪^程中, ,當當MNMN變?yōu)樗綍r變?yōu)樗綍r,F,F與與F FMNMN垂直垂直,F,FOMOM為直角三角形的為直角三角形的斜邊斜邊, ,同時也是圓的直徑同時也是圓的直徑, ,此時此時F FOMOM達最大值達最大值, ,所以所以F FOMOM先增大后減小先增大后減小, ,選項選項C C錯錯誤誤,D,D正確正確; ;當當OMOM變?yōu)樗綍r變?yōu)樗綍r,F,F與與F FOMOM垂直垂直,F,FMNMN為直角三角形的斜邊為直角三角形的

37、斜邊, ,同時也是同時也是圓的直徑圓的直徑, ,此時此時F FMNMN最大最大, ,所以所以F FMNMN一直增大一直增大, ,選項選項A A正確正確,B,B錯誤錯誤. .4.4.電場中的平衡問題電場中的平衡問題 ( (20132013全國全國卷卷,18,18) )如圖如圖, ,在光滑絕緣水平面上在光滑絕緣水平面上, ,三個三個帶電小球帶電小球a a、b b和和c c分別位于邊長為分別位于邊長為l l的正三角形的三個頂點上的正三角形的三個頂點上;a;a、b b帶正電帶正電, ,電電荷量均為荷量均為q,cq,c帶負電帶負電. .整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中.

38、.已知靜電力常量為已知靜電力常量為k.k.若三個小球均處于靜止狀態(tài)若三個小球均處于靜止狀態(tài), ,則勻強電場場強的大小為則勻強電場場強的大小為( ( ) )B B 5.5.電磁場中的平衡問題電磁場中的平衡問題 ( (20152015全國全國卷卷,24,24) )如圖如圖, ,一長為一長為10 cm10 cm的金屬棒的金屬棒abab用兩個完全相同的彈簧水平地懸掛在勻強磁場中用兩個完全相同的彈簧水平地懸掛在勻強磁場中; ;磁場的磁感應強度大小磁場的磁感應強度大小為為0.1 T,0.1 T,方向垂直于紙面向里方向垂直于紙面向里; ;彈簧上端固定彈簧上端固定, ,下端與金屬棒絕緣下端與金屬棒絕緣. .金

39、屬棒通金屬棒通過開關與一電動勢為過開關與一電動勢為12 V12 V的電池相連的電池相連, ,電路總電阻為電路總電阻為2 .2 .已知開關斷開時已知開關斷開時兩彈簧的伸長量均為兩彈簧的伸長量均為0.5 cm;0.5 cm;閉合開關閉合開關, ,系統(tǒng)重新平衡后系統(tǒng)重新平衡后, ,兩彈簧的伸長量與兩彈簧的伸長量與開關斷開時相比均改變了開關斷開時相比均改變了0.3 cm.0.3 cm.重力加速度大小取重力加速度大小取10 m/s10 m/s2 2. .判斷開關閉合判斷開關閉合后金屬棒所受安培力的方向后金屬棒所受安培力的方向, ,并求出金屬棒的質量并求出金屬棒的質量. . 解析解析: :依題意依題意,

40、,開關閉合后開關閉合后, ,電流方向為從電流方向為從b b到到a,a,由左手定則可知由左手定則可知, ,金屬棒所金屬棒所受的安培力方向為豎直向下受的安培力方向為豎直向下. .開關斷開時開關斷開時, ,兩彈簧各自相對于其原長的伸長量為兩彈簧各自相對于其原長的伸長量為ll1 1=0.5 cm.=0.5 cm.由胡克定由胡克定律和力的平衡條件得律和力的平衡條件得2kl2kl1 1=mg=mg式中式中,m,m為金屬棒的質量為金屬棒的質量,k,k是彈簧的勁度系數(shù)是彈簧的勁度系數(shù),g,g是重力加速度的大小是重力加速度的大小. .開關閉合后開關閉合后, ,金屬棒所受安培力的大小為金屬棒所受安培力的大小為F=ILBF=ILB式中式中,I,I是回路電流是回路電流,L,L是金屬棒的長度是金屬棒的長度. .兩彈簧各自再伸長了兩彈簧各自再伸長了ll2 2=0.3 cm,=0.3 cm,由胡克定律和力的平衡條件得由胡克定律和力的平衡條件得2k(l2k(l1 1+l+l2 2)=)=mg+Fmg+F由歐姆定律有由歐姆定律有E=IRE=IR式中式中,E,E是電池的電動勢是電池的電動勢,R,R是電路總電阻是電路總電阻. .聯(lián)立各式聯(lián)立各式, ,并代入題給數(shù)據(jù)得并代入題給數(shù)據(jù)得m=0.01 kg.m=0.01 kg.答案答案: :豎直向下豎直向下0.01 kg0.01 kg