《新編高考數學理一輪資源庫 第10章學案3》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《新編高考數學理一輪資源庫 第10章學案3（10頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、新編高考數學復習資料 直線與圓錐曲線位置關系 導學目標： 1.了解圓錐曲線的簡單應用.2.理解數形結合的思想． 自主梳理 1．直線與橢圓的位置關系的判定方法 (1)將直線方程與橢圓方程聯(lián)立，消去一個未知數，得到一個一元二次方程，若Δ>0，則直線與橢圓________；若Δ＝0，則直線與橢圓________；若Δ<0，則直線與橢圓________． (2)直線與雙曲線的位置關系的判定方法 將直線方程與雙曲線方程聯(lián)立消去y(或x)，得到一個一元方程ax2＋bx＋c＝0. ①若a≠0，當Δ>0時，直線與雙曲線________；當Δ＝0時，直線與雙曲線________；當Δ

2、<0時，直線與雙曲線________． ②若a＝0時，直線與漸近線平行，與雙曲線有________交點． (3)直線與拋物線位置關系的判定方法 將直線方程與拋物線方程聯(lián)立，消去y(或x)，得到一個一元方程ax2＋bx＋c＝0. ①當a≠0，用Δ判定，方法同上． ②當a＝0時，直線與拋物線的對稱軸________，只有________交點． 2．已知弦AB的中點，研究AB的斜率和方程 (1)AB是橢圓＋＝1 (a>b>0)的一條弦，M(x0，y0)是AB的中點，則kAB＝______，kAB·kOM＝________.點差法求弦的斜率的步驟是： ①將端點坐標代入方程：＋＝1，＋＝

3、1. ②兩等式對應相減：－＋－＝0. ③分解因式整理：kAB＝＝－＝－. (2)運用類比的手法可以推出：已知AB是雙曲線－＝1的弦，中點M(x0，y0)，則kAB＝________________.已知拋物線y2＝2px (p>0)的弦AB的中點M(x0，y0)，則kAB＝________. 3．弦長公式 直線l：y＝kx＋b與圓錐曲線C：F(x，y)＝0交于A(x1，y1)，B(x2，y2)兩點， 則AB＝|x1－x2| ＝ 或AB＝ |y1－y2| ＝ ·. 自我檢測 1．拋物線y2＝4x的焦點為F，準線為l，經過F且斜率為的直線與拋物線在x軸上方的部分相交于點A，A

4、K⊥l，垂足為K，則△AKF的面積是________． 2．如果直線y＝kx－1與雙曲線x2－y2＝1沒有公共點，則k的取值范圍是________________． 3．橢圓＋＝1的一個焦點為F1，點P在橢圓上，如果線段PF1的中點M在y軸上，那么點M的縱坐標是________． 4．過點的直線l與拋物線y＝－x2交于A、B兩點，O為坐標原點，則·的值為________． 5．經過拋物線y2＝4x焦點的直線l交拋物線于A、B兩點，且AB＝8，則直線l的傾斜角的大小為________. 探究點一　直線與圓錐曲線的位置關系 例1　k為何值時，直線y＝kx＋2和曲線2x2＋3

5、y2＝6有兩個公共點？有一個公共點？沒有公共點？ 變式遷移1　已知拋物線C的方程為x2＝y(tǒng)，過A(0，－1)，B(t,3)兩點的直線與拋物線C沒有公共點，則實數t的取值范圍是________________． 探究點二　圓錐曲線中的弦長問題 例2　如圖所示，直線y＝kx＋b與橢圓＋y2＝1交于A、B兩點，記△AOB的面積為S. (1)求在k＝0,0

6、離心率e＝. (1)求橢圓的標準方程； (2)設直線l：y＝x＋m，若l與橢圓相交于P，Q兩點，且PQ等于橢圓的短軸長，求m的值． 探究點三　求參數的范圍問題 例3　直線m：y＝kx＋1和雙曲線x2－y2＝1的左支交于A、B兩點，直線l過點P(－2,0)和線段AB的中點M，求l在y軸上的截距b的取值范圍． 變式遷移3　在平面直角坐標系xOy中，經過點(0，)且斜率為k的直線l與橢圓＋y2＝1有兩個不同的交點P和Q. (1)求k的取值范圍； (2)設橢圓與x軸正半軸、y軸正半軸的交點分別為A、B

7、，是否存在常數k，使得向量＋與共線？如果存在，求k值；如果不存在，請說明理由． 函數思想 例　(14分)已知橢圓C的方程為＋＝1 (a>b>0)，雙曲線－＝1的兩條漸近線為l1，l2，過橢圓C的右焦點F作直線l，使l⊥l1，又l與l2交于P點，設l與橢圓C的兩個交點由上至下依次為A，B. (1)當l1與l2夾角為60°，雙曲線的焦距為4時，求橢圓C的方程及離心率； (2)求的最大值． 【答題模板】 解　(1)雙曲線的漸近線為y＝±x，兩漸近線夾角為60°，又<1，∴∠POx＝30°， ∴＝tan 30°＝，∴a＝b.又a2＋b2＝22， ∴3

8、b2＋b2＝4，[2分] ∴b2＝1，a2＝3，∴橢圓C的方程為＋y2＝1， ∴離心率e＝＝.[5分] (2)由已知，l：y＝(x－c)與y＝x聯(lián)立， 解方程組得P.[7分] 設＝λ，則＝λ，∵F(c,0)，設A(x0，y0)， 則(x0－c，y0)＝λ， ∴x0＝，y0＝.即A.[10分] 將A點坐標代入橢圓方程，得(c2＋λa2)2＋λ2a4＝(1＋λ)2a2c2， 等式兩邊同除以a4，(e2＋λ)2＋λ2＝e2(1＋λ)2，e∈(0,1)，[12分] ∴λ2＝＝－＋3 ≤－2 ＋3＝3－2＝(－1)2， ∴當2－e2＝，即e2＝2－時，λ有最大值－1，即的最大值為

9、－1.[14分] 【突破思維障礙】 最值問題是從動態(tài)角度去研究解析幾何中數學問題的主要內容，一是在準確把握題意的基礎上，建立函數、不等式模型，利用二次函數、三角函數的有界性、基本不等式解決；二是利用數形結合，考慮相切、相交的幾何意義解決． 【易錯點剖析】 不能把轉化成向量問題，使得運算繁瑣造成錯誤，由λ2＝不會求最值或忽視e2－2<0這個隱含條件． 1．直線與圓錐曲線的位置關系是解析幾何的重點內容之一，也是高考的熱點，這類問題往往與函數、不等式、三角、向量等知識綜合、交匯考查，而且對綜合能力的考查顯見其中．因此解決此類問題需要有較廣的知識面及較強的解決問題的能力． 2．從題

10、目類型上多見于與弦的中點、弦長、弦所在直線的斜率等有關的最值問題、參數范圍問題．基本思路就是直線方程與圓錐曲線方程聯(lián)立消元得到形如ax2＋bx＋c＝0的方程，由韋達定理得x1＋x2＝，x1x2＝.然后再把要研究的問題轉化為用x1＋x2和x1x2去表示．最后，用函數、不等式等知識加以解決．需要注意的就是要注意對隱含條件的挖掘，比如判別式Δ≥0，圓錐曲線中有關量的固有范圍等． (滿分：90分) 一、填空題(每小題6分，共48分) 1．已知拋物線y2＝4x，則過點P(－1,1)與拋物線有且只有一個交點的直線的條數是________． 2．(2009·重慶)已知拋物線C的頂點在坐標原點

11、，焦點為F(1,0)，直線l與拋物線C相交于A，B兩點，若AB的中點為(2,2)，則直線l的方程為________． 3．已知直線l1：4x－3y＋6＝0和直線l2：x＝－1，拋物線y2＝4x上一動點P到直線l1和直線l2的距離之和的最小值為________． 4．已知直線y＝k(x＋2) (k>0)與拋物線C：y2＝8x相交于A、B兩點，F為C的焦點．若FA＝2FB，則k＝________. 5．斜率為1的直線l與橢圓＋y2＝1相交于A、B兩點，則AB的最大值為________． 6．(2011·鎮(zhèn)江模擬)若直線y＝kx＋1 (k∈R)與焦點在x軸上的橢圓＋＝1恒有公共點，則t的范圍

12、是_______________________________________________________________． 7．P為雙曲線x2－＝1右支上一點，M、N分別是圓(x＋4)2＋y2＝4和(x－4)2＋y2＝1上的點，則PM－PN的最大值為________． 8．(2010·全國Ⅱ)已知拋物線C：y2＝2px(p＞0)的準線為l，過M(1,0)且斜率為的直線與l相交于點A，與C的一個交點為B，若A＝M，則p＝________. 二、解答題(共42分) 9．(14分)已知拋物線y＝－x2＋3上存在關于直線x＋y＝0對稱的相異兩點A、B，求AB的長．

13、 10．(14分)(2010·天津)已知橢圓＋＝1(a>b>0)的離心率e＝，連結橢圓的四個頂點得到的菱形的面積為4. (1)求橢圓的方程； (2)設直線l與橢圓相交于不同的兩點A，B，已知點A的坐標為(－a,0)，點Q(0，y0)在線段AB的垂直平分線上，且·＝4，求y0的值． 11．(14分)(2011·江西)P(x0，y0)(x0≠±a)是雙曲線E：－＝1(a>0，b>0)上一點，M，N分別是雙曲線E的左，右頂點，直線PM，PN的斜率之積為. (1)求雙曲線的離心率； (2)過雙曲線E的右焦點且斜率為1的直線交雙曲線于A，B兩

14、點，O為坐標原點，C為雙曲線上一點，滿足＝λ＋，求λ的值． 學案52　直線與圓錐曲線位置關系 答案 自主梳理 1．(1)相交　相切　相離　(2)①相交　相切　相離?、谝粋€ (3)②平行　一個　2.(1)－?。?2)　 自我檢測 1．4　2.(－∞，－)∪(，＋∞)　3.± 4．－　5.或π 課堂活動區(qū) 例1　解題導引　用直線方程和圓錐曲線方程組成的方程組解的個數，可以研究直線與圓錐曲線的位置關系，也就是用代數的方法研究幾何問題，這是解析幾何的重要思想方法．方程組消元后要注意所得方程的二次項系數是否含有參數，若含參數，需按二次項系數是否為

15、零進行分類討論，只有二次項系數不為零時，方程才是一元二次方程，后面才可以用判別式Δ的符號判斷方程解的個數，從而說明直線與圓錐曲線的位置關系． 解　由得2x2＋3(kx＋2)2＝6， 即(2＋3k2)x2＋12kx＋6＝0， Δ＝144k2－24(2＋3k2)＝72k2－48. 當Δ＝72k2－48>0，即k>或k<－時，直線和曲線有兩個公共點； 當Δ＝72k2－48＝0，即k＝或k＝－時，直線和曲線有一個公共點； 當Δ＝72k2－48<0，即－

16、等基礎知識，考查解析幾何的基本思想方法和綜合解題能力．“設而不求”是解決直線與圓錐曲線交點問題的基本方法．當所求弦為焦點弦時，可結合圓錐曲線的定義求解． 解　(1)設點A的坐標為(x1，b)，點B的坐標為(x2，b)，由＋y2＝1，解得x1,2＝±2， 所以S＝b|x1－x2|＝2b≤b2＋1－b2＝1. 當且僅當b＝時，S取到最大值1. (2)由得(4k2＋1)x2＋8kbx＋4b2－4＝0， Δ＝16(4k2－b2＋1)． ① AB＝|x1－x2|＝· ＝2. ② 又因為O到AB的距離d＝＝＝1， 所以b2＝k2＋1. ③ 將③代入②并整理，

17、得4k4－4k2＋1＝0， 解得k2＝，b2＝，代入①式檢查，Δ>0. 故直線AB的方程是：y＝x＋或y＝x－或y＝－x＋或y＝－x－. 變式遷移2　解　(1)設橢圓方程為＋＝1 (a>b>0)， 則c＝，＝.∴a＝2，b＝1. ∴所求橢圓方程為＋y2＝1. (2)由消去y得關于x的方程： 5x2＋8mx＋4(m2－1)＝0， 則Δ＝64m2－80(m2－1)>0，解得m2<5.(*) 設P(x1，y1)，Q(x2，y2)，則x1＋x2＝－m， x1x2＝，y1－y2＝x1－x2， ∴PQ＝＝ ＝ ＝2， 解得m2＝，滿足(*)，∴m＝±. 例3　解題導引　直線與圓

18、錐曲線的位置關系從代數的角度來看，就是直線方程與圓錐曲線的方程組成的方程組有無解的問題，結合判別式Δ研究，利用設而不求與整體代入等技巧與方法，從而延伸出一些復雜的參數范圍的研究． 解　由 (x≤－1) 得(k2－1)x2＋2kx＋2＝0.設A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則，∴1

19、l的方程為y＝kx＋， 代入橢圓方程得＋(kx＋)2＝1， 整理得x2＋2kx＋1＝0.① 直線l與橢圓有兩個不同的交點P和Q等價于 Δ＝8k2－4＝4k2－2>0，解得k<－或k>. 即k的取值范圍為∪. (2)設P(x1，y1)，Q(x2，y2)，則＋＝(x1＋x2，y1＋y2)， 由方程①，x1＋x2＝－.② 又y1＋y2＝k(x1＋x2)＋2.③ 而A(，0)，B(0,1)，＝(－，1)． 所以＋與共線等價于x1＋x2＝－(y1＋y2)， 將②③代入上式，解得k＝. 由(1)知k<－或k>，故沒有符合題意的常數k. 課后練習區(qū) 1．3　2.y＝x 3．2

20、 解析　 由拋物線y2＝4x知直線l2為其準線，焦點為F(1,0)．由拋物線的定義可知動點P到直線l2的距離與P到焦點F(1,0)的距離相等，所以P到直線l1的距離與P到焦點F(1,0)的距離之和的最小值為焦點F(1,0)到直線l1的距離(如圖)，則d＝＝2. 4.　5.　6.[1,5)　7.5　8.2 9．解　設直線AB的方程為y＝x＋b， 由消去y得x2＋x＋b－3＝0，(4分) ∴x1＋x2＝－1. 于是AB的中點M(－，－＋b)，且Δ＝1－4(b－3)>0， 即b<.(7分) 又M(－，－＋b)在直線x＋y＝0上，∴b＝1符合．(10分) ∴x2＋x－2＝0.由弦

21、長公式可得 AB＝＝3.(14分) 10．解　(1)由e＝＝，得3a2＝4c2. 再由c2＝a2－b2，得a＝2b. 由題意可知×2a×2b＝4，即ab＝2. 解方程組得 所以橢圓的方程為＋y2＝1.(4分) (2)由(1)可知A(－2,0)，且直線l的斜率必存在．設B點的坐標為(x1，y1)，直線l的斜率為k，則直線l的方程為y＝k(x＋2)． 于是A，B兩點的坐標滿足方程組 由方程組消去y并整理，得 (1＋4k2)x2＋16k2x＋(16k2－4)＝0. 由根與系數的關系，得－2x1＝， 所以x1＝，從而y1＝. 設線段AB的中點為M，則M的坐標為(－，)．(6分

22、) 以下分兩種情況討論： ①當k＝0時，點B的坐標是(2,0)，線段AB的垂直平分線為y軸，于是＝(－2，－y0)，＝(2，－y0)． 由·＝4，得y0＝±2.(8分) ②當k≠0時，線段AB的垂直平分線的方程為 y－＝－(x＋)． 令x＝0，解得y0＝－. 由＝(－2，－y0)，＝(x1，y1－y0)， ·＝－2x1－y0(y1－y0) ＝＋(＋) ＝＝4， 整理得7k2＝2，故k＝±.所以y0＝±.(13分) 綜上，y0＝±2或y0＝±.(14分) 11．解　(1)由點P(x0，y0)(x0≠±a)在雙曲線－＝1上， 有－＝1. 由題意有·＝，(4分) 可得

23、a2＝5b2，c2＝a2＋b2＝6b2，e＝＝.(7分) (2)聯(lián)立得4x2－10cx＋35b2＝0. 設A(x1，y1)，B(x2，y2)，則 ① 設＝(x3，y3)，＝λ＋， 即 (10分) 又C為雙曲線上一點，即x－5y＝5b2，有 (λx1＋x2)2－5(λy1＋y2)2＝5b2.化簡得 λ2(x－5y)＋(x－5y)＋2λ(x1x2－5y1y2)＝5b2. ② 又A(x1，y1)，B(x2，y2)在雙曲線上， 所以x－5y＝5b2，x－5y＝5b2. (12分) 由①式又有x1x2－5y1y2＝x1x2－5(x1－c)(x2－c) ＝－4x1x2＋5c(x1＋x2)－5c2＝10b2， ②式可化為λ2＋4λ＝0，解得λ＝0或λ＝－4. (14分)