《新編高考備考“最后30天”大沖刺 數(shù)學(xué) 專題十 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)理 教師版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新編高考備考“最后30天”大沖刺 數(shù)學(xué) 專題十 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)理 教師版（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 0 專題十：函數(shù)與導(dǎo)數(shù) 例 題 已知函數(shù)f(x)＝aex＋x2，g(x)＝sin＋bx，直線l與曲線y＝f(x)切于點(diǎn)(0，f(0))，且與曲線y＝g(x)切于點(diǎn)(1，g(1))． （1）求a，b的值和直線l的方程； （2）證明：f(x)>g(x)． 【解析】（1）解：f′(x)＝aex＋2x，g′(x)＝cos＋b， f(0)＝a，f′(0)＝a，g(1)＝1＋b，g′(1)＝b， 曲線y＝f(x)在點(diǎn)(0，f(0))處的切線方程為y＝ax＋a， 曲線y＝g(x)在點(diǎn)(1，g(1))處的切線方程為y＝b(x－1)＋1＋b，即y＝bx＋1． 依題

2、意，有a＝b＝1，直線l的方程為y＝x＋1． （2）證明：由（1）知f(x)＝ex＋x2，g(x)＝sin＋x． 設(shè)F(x)＝f(x)－(x＋1)＝ex＋x2－x－1， 則F′(x)＝ex＋2x－1， 當(dāng)x∈(－∞，0)時(shí)，F(xiàn)′(x)F′(0)＝0． 所以F(x)在(－∞，0)上單調(diào)遞減，在(0，＋∞)上單調(diào)遞增，故F(x)≥F(0)＝0． 設(shè)G(x)＝x＋1－g(x)＝1－sin， 則G(x)≥0，當(dāng)且僅當(dāng)x＝4k＋1(k∈Z)時(shí)等號(hào)成立． 由上可知，f(x)≥x＋1≥g(x)，且兩個(gè)等號(hào)不同時(shí)成立，因此f(x)>g(x

3、)． 【答案】（1）a＝b＝1，直線l的方程為y＝x＋1；（2）見解析． 基礎(chǔ)回歸 解析幾何是高考中重要的題型之一，比重很大，靈活新穎，題型覆蓋選擇題，填空題，解答題．直接與函數(shù)導(dǎo)數(shù)有關(guān)的題型約占30分，間接與函數(shù)導(dǎo)數(shù)有關(guān)的題型約占80分．重要考查的知識(shí)點(diǎn)有指、對(duì)數(shù)函數(shù)，冪函數(shù)，二次函數(shù)，函數(shù)性質(zhì)，導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用等．函數(shù)的教學(xué)貫穿整個(gè)高中，主要位于必修1，選修2-2． 規(guī)范訓(xùn)練 綜合題（48分/60min） 1．（12分/15min）已知函數(shù)f(x)＝bx－axln x(a>0)的圖象在點(diǎn)(1，f(1))處的切線與直線y＝(1－a)x平行

4、． （1）若函數(shù)y＝f(x)在[e，2e]上是減函數(shù)，求實(shí)數(shù)a的最小值； （2）設(shè)g(x)＝，若存在x1∈[e，e2]，使g(x1)≤成立，求實(shí)數(shù)a的取值范圍． 【解析】∵f′(x)＝b－a－aln x， ∴f′(1)＝b－a，∴b－a＝1－a，∴b＝1． 則f(x)＝x－axln x． （1）∵y＝f(x)在[e，2e]上為減函數(shù)， ∴f′(x)＝1－a－aln x≤0在[e，2e]上恒成立， 即a≥在[e，2e]上恒成立． ∵函數(shù)h(x)＝在[e，2e]上遞減， ∴h(x)的最大值為，∴實(shí)數(shù)a的最小值為． （2）∵g(x)＝＝－ax， ∴g′(x)＝－a＝－2＋－a

5、＝－2＋－a， 故當(dāng)＝，即x＝e2時(shí)，g′(x)max＝－a． 若存在x1∈[e，e2]，使g(x1)≤成立， 等價(jià)于當(dāng)x∈[e，e2]時(shí)，有g(shù)(x)min≤． 當(dāng)a≥時(shí)，g(x)在[e，e2]上為減函數(shù)， ∴g(x)min＝g(e2)＝－ae2≤，故a≥－． 當(dāng)00，g(x)為增函數(shù)． 所以g(x)mi

6、n＝g(x0)＝－ax0≤，x0∈(e，e2)． 所以a≥－≥－>－＝，與0

7、時(shí)，求曲線y＝f(x)在(1，f(1))處的切線方程； （2）若當(dāng)x∈(1，＋∞)時(shí)，f(x)>0，求a的取值范圍． 【解析】（1）f(x)的定義域?yàn)?0，＋∞)． 當(dāng)a＝4時(shí)，f(x)＝(x＋1)ln x－4(x－1)，f′(x)＝ln x＋－3， f′(1)＝－2，f(1)＝0． 曲線y＝f(x)在(1，f(1))處的切線方程為2x＋y－2＝0． （2）當(dāng)x∈(1，＋∞)時(shí)，f(x)>0等價(jià)于ln x－>0． 設(shè)g(x)＝ln x－， 則g′(x)＝－＝，g(1)＝0． ①當(dāng)a≤2，x∈(1，＋∞)時(shí)，x2＋2(1－a)x＋1≥x2－2x＋1>0， 故g′(x)>0，g

8、(x)在(1，＋∞)上單調(diào)遞增，因此g(x)>0． ②當(dāng)a>2時(shí)，令g′(x)＝0得， x1＝a－1－，x2＝a－1＋． 由x2>1和x1x2＝1得x1<1， 故當(dāng)x∈(1，x2)時(shí)，g′(x)<0， g(x)在(1，x2)上單調(diào)遞減，此時(shí)g(x)

9、 5.得分點(diǎn)：答題得分點(diǎn)是否全面無誤？□是 □否 6.教材：教材知識(shí)是否全面掌握？ □是 □否 3．（12分/15min）已知函數(shù)f(x)＝ax2＋ln(x＋1)． （1）當(dāng)a＝－時(shí)，求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間； （2）若函數(shù)f(x)在區(qū)間[1，＋∞)上為減函數(shù)，求實(shí)數(shù)a的取值范圍； （3）當(dāng)x∈[0，＋∞)時(shí)，不等式f(x)－x≤0恒成立，求實(shí)數(shù)a的取值范圍． 【解析】（1）當(dāng)a＝－時(shí)，f(x)＝－x2＋ln(x＋1)(x>－1)， ∴f′(x)＝－x＋＝－． 令f′(x)>0，得－11． ∴f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是(－1，

10、1)，單調(diào)遞減區(qū)間是(1，＋∞)． （2）因?yàn)楹瘮?shù)f(x)在區(qū)間[1，＋∞)上為減函數(shù)， ∴f′(x)＝2ax＋≤0對(duì)?x∈[1，＋∞)恒成立． 即a≤－對(duì)?x∈[1，＋∞)恒成立． ∴a≤－．故實(shí)數(shù)a的取值范圍為． （3）∵當(dāng)x∈[0，＋∞)時(shí)，不等式f(x)－x≤0恒成立， 即ax2＋ln(x＋1)－x≤0恒成立， 設(shè)g(x)＝ax2＋ln(x＋1)－x(x≥0)， 只需g(x)max≤0即可． g′(x)＝2ax＋－1＝． ①當(dāng)a＝0時(shí)，g′(x)＝－， 當(dāng)x>0時(shí)，g′(x)<0，函數(shù)g(x)在(0，＋∞)上單調(diào)遞減， ∴g(x)≤g(0)＝0成立． ②當(dāng)a>

11、0時(shí)，令g′(x)＝0， ∵x≥0，解得x＝－1． (i)當(dāng)－1<0，即a>時(shí)，在區(qū)間(0，＋∞)上g′(x)>0， 則函數(shù)g(x)在(0，＋∞)上單調(diào)遞增， ∴g(x)在[0，＋∞)上無最大值，不合題設(shè)． (ii)當(dāng)－1≥0，即00． ∴函數(shù)g(x)在區(qū)間上單調(diào)遞減，在區(qū)間上單調(diào)遞增， 同樣g(x)在[0，＋∞)無最大值，不滿足條件． ③當(dāng)a<0時(shí)，由x≥0，故2ax＋(2a－1)<0， ∴g′(x)＝<0， ∴函數(shù)g(x)在[0，＋∞)上單調(diào)遞減， ∴g(x)≤g(0)＝0成立， 綜上所述，實(shí)數(shù)a的取值范圍是(－

12、∞，0]． 【答案】（1）f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是(－1，1)，單調(diào)遞減區(qū)間是(1，＋∞)；（2）；（3）(－∞，0]． 滿分規(guī)范 1.時(shí)間：你是否在限定時(shí)間內(nèi)完成？ □是 □否 2.步驟：答題步驟是否與標(biāo)答一致？ □是 □否 3.語言：答題學(xué)科用語是否精準(zhǔn)規(guī)范？□是 □否 4.書寫：字跡是否工整？卷面是否整潔？□是 □否 5.得分點(diǎn)：答題得分點(diǎn)是否全面無誤？□是 □否 6.教材：教材知識(shí)是否全面掌握？ □是 □否 4．（12分/15min）已知函數(shù)f(x)＝xln x＋ax＋b在點(diǎn)(1，f(1))處的切線為3x－y－2＝0． （1）求函數(shù)f(

13、x)的解析式； （2）若k∈Z，且存在x>0，使得k>成立，求k的最小值． 【解析】（1）f(x)的定義域?yàn)?0，＋∞)， f′(x)＝ln x＋1＋a， ∴ ∴ ∴f(x)＝xln x＋2x－1． （2）k>可化為k>， 令g(x)＝，?x∈(0，＋∞)，使得k>， 則k>g(x)min． g′(x)＝，x∈(0，＋∞)， 令h(x)＝x－1－ln(x＋1)， 則h′(x)＝1－＝>0， ∴h(x)在(0，＋∞)上為增函數(shù)． 又h(2)＝1－ln 3<0，h(3)＝2－ln 4>0， 故存在唯一的x0∈(2，3)使得h(x0)＝0， 即x0－1＝ln(x0＋1

14、)． 當(dāng)x∈(0，x0)時(shí)，h(x)<0， ∴g′(x)<0，∴g(x)在(0，x0)上為減函數(shù)； 當(dāng)x∈(x0，＋∞)時(shí)，h(x)>0， ∴g′(x)>0，∴g(x)在(x0，＋∞)上為增函數(shù)． ∴g(x)min＝g(x0)＝＝＝x0＋2， ∴k>x0＋2． ∵x0∈(2，3)，∴x0＋2∈(4，5)． ∵k∈Z，∴k的最小值為5． 【答案】（1）f(x)＝xln x＋2x－1；（2）5． 滿分規(guī)范 1.時(shí)間：你是否在限定時(shí)間內(nèi)完成？ □是 □否 2.步驟：答題步驟是否與標(biāo)答一致？ □是 □否 3.語言：答題學(xué)科用語是否精準(zhǔn)規(guī)范？□是 □否 4.書寫：字跡是否工整？卷面是否整潔？□是 □否 5.得分點(diǎn)：答題得分點(diǎn)是否全面無誤？□是 □否 6.教材：教材知識(shí)是否全面掌握？ □是 □否 歡迎訪問“高中試卷網(wǎng)”——http://sj.fjjy.org