《新版高考數(shù)學(xué)江蘇專(zhuān)用理科專(zhuān)題復(fù)習(xí)專(zhuān)題10 計(jì)數(shù)原理、概率與統(tǒng)計(jì) 第68練 Word版含解析》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《新版高考數(shù)學(xué)江蘇專(zhuān)用理科專(zhuān)題復(fù)習(xí)專(zhuān)題10 計(jì)數(shù)原理、概率與統(tǒng)計(jì) 第68練 Word版含解析（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 1

2、 1 　　　　　　　　　　　　　　　　　 訓(xùn)練目標(biāo) 掌握二項(xiàng)式展開(kāi)式及通項(xiàng)，會(huì)求展開(kāi)式指定項(xiàng)，掌握展開(kāi)式系數(shù)的性質(zhì)，會(huì)應(yīng)用其性質(zhì)解決有關(guān)系數(shù)問(wèn)題． 訓(xùn)練題型 (1)求展開(kāi)式指定項(xiàng)或系數(shù)；(2)求參數(shù)；(3)求系數(shù)和；(4)二項(xiàng)式定理的應(yīng)用． 解題策略 (1)熟練掌握二項(xiàng)式展開(kāi)式及通項(xiàng)的表示公式；(2)掌握二項(xiàng)式展開(kāi)式系數(shù)性質(zhì)，分清二項(xiàng)式系數(shù)與項(xiàng)的系數(shù)的區(qū)別，恰當(dāng)運(yùn)用賦值

3、法求系數(shù)和. 1．(20xx·丹東一模)(x2－)6的展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為_(kāi)_______． 2．(20xx·揚(yáng)州模擬)若C＋3C＋32C＋…＋3n－2C＋3n－1＝85，則n的值為_(kāi)_______． 3．(20xx·貴陽(yáng)一模)設(shè)(3x－1)8＝a8x8＋a7x7＋…＋a1x＋a0，則a8＋a7＋…＋a1＝________. 4．(20xx·蘇州質(zhì)檢)(x2－2)(1＋)5的展開(kāi)式中x－1的系數(shù)為_(kāi)_______． 5．(20xx·蘇北聯(lián)考)設(shè)二項(xiàng)式(x－)n(n∈N*)的展開(kāi)式的二項(xiàng)式系數(shù)和與各項(xiàng)系數(shù)和分別為an，bn，則＝________. 6．(20xx·廣州五校聯(lián)考)若(ax

4、2＋)6的展開(kāi)式中x3項(xiàng)的系數(shù)為20，則log2a＋log2b＝________. 7．(20xx·北京東城區(qū)期末)已知(x＋1)10＝a1＋a2x＋a3x2＋…＋a11x10.若數(shù)列a1，a2，a3，…，ak(1≤k≤11，k∈N)是一個(gè)單調(diào)遞增數(shù)列，則k的最大值是________． 8．設(shè)x6＝a0＋a1(1＋x)＋a2(1＋x)2＋…＋a6(1＋x)6， 則a1＋a2＋…＋a6＝________. 9．(20xx·鎮(zhèn)江模擬)已知(1－2x)n的展開(kāi)式中奇數(shù)項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)之和為64，則(1－2x)n(1＋x)的展開(kāi)式中含x2項(xiàng)的系數(shù)為_(kāi)_______． 10．(20xx·棗莊二模

5、)若(x＋y)9按x的降冪排列的展開(kāi)式中，第二項(xiàng)不大于第三項(xiàng)，且x＋y＝1，xy＜0，則x的取值范圍是______________． 11．(20xx·銀川質(zhì)檢)若(2x＋1)11＝a0＋a1(x＋1)＋a2(x＋1)2＋…＋a11(x＋1)11，則a0＋＋＋…＋＝________. 12．(20xx·海門(mén)中學(xué)月考)若等比數(shù)列{an}的第5項(xiàng)是(－)6展開(kāi)式的常數(shù)項(xiàng)，則a3a7＝________. 13．(20xx·鹽城模擬)若(x6＋)n的展開(kāi)式中含有常數(shù)項(xiàng)，則正整數(shù)n的最小值為_(kāi)_______． 14．(20xx·鹽城三模)設(shè)F(n)＝a1－a2C＋a3C－a4C＋…＋(－1)na

6、n＋1C(n≥2，n∈N*)．若數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為1，則F(n)＝________. 答案精析 1．15　2.4　3.255　4.60 5．2n＋1 解析　依題意，an＝2n，bn＝()n， a1＋a2＋…＋an＝＝2n＋1－2， b1＋b2＋…＋bn＝ ＝1－()n＝， ∴＝·2n ＝2n＋1. 6．0 解析　(ax2＋)6的展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)r＋1＝Ca6－r·brx12－3r，令12－3r＝3，得r＝3，∴(ax2＋)6的展開(kāi)式中x3項(xiàng)的系數(shù)為Ca3b3＝20，∴ab＝1， ∴l(xiāng)og2a＋log2b＝log2ab＝log21＝0. 7．6 解析　由二項(xiàng)式定

7、理可知an＝C(n＝1,2,3，…，11)，由C為C中的最大值知，an的最大值為a6，即k的最大值為6. 8．－1 解析　令x＝－1，可得a0＝1， 再令x＝0可得1＋a1＋a2＋…＋a6＝0， 所以a1＋a2＋…＋a6＝－1. 9．70 解析　由于展開(kāi)式中奇數(shù)項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)之和與偶數(shù)項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)之和相等，所以2n－1＝64，n＝7，則(1－2x)7·(1＋x)的展開(kāi)式中含x2項(xiàng)的系數(shù)為 C(－2)2＋C(－2)×1＝70. 10．(1，＋∞) 解析　二項(xiàng)式(x＋y)9按x的降冪排列的展開(kāi)式的通項(xiàng)是Tr＋1＝C·x9－r·yr， 依題意，有 由此得 解得x＞1，即

8、x的取值范圍為(1，＋∞)． 11．0 解析　令t＝x＋1，則x＝t－1，從而(2t－1)11＝a0＋a1t＋a2t2＋…＋a11t11，即]′＝(a0t＋t2＋t3＋…＋t12＋c)′，即＝a0t＋t2＋t3＋…＋t12＋c，令t＝0，得c＝，令t＝1，得a0＋＋＋…＋＝0. 12. 解析　(－)6展開(kāi)式的通項(xiàng)Tr＋1＝C()6－r·(－)r＝(－)rC·x，其常數(shù)項(xiàng)(－)2·C＝＝，即a5＝，所以a3a7＝a＝. 13．5 解析　Tr＋1＝C(x6)n－r()r＝Cx6n－r，當(dāng)Tr＋1是常數(shù)項(xiàng)時(shí)，6n－r＝0，即n＝r，又n∈N*，故n的最小值為5. 14．0 解析　因?yàn)閿?shù)列{an}的各項(xiàng)均為1，所以F(n)＝C－C＋C－C＋…＋(－1)nC，而(1＋x)n＝C＋Cx＋C2nx2＋Cx3＋…＋Cxn，令x＝－1，得0＝C－C＋C－C＋…＋(－1)nC，即F(n)＝0.