2018-2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練3.doc
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2018-2019高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練3.doc
選擇題提速練3
1—5為單選,6—8為多選
1.(2018河北石家莊質(zhì)檢)法拉第發(fā)明了世界上第一臺發(fā)電機(jī)——法拉第圓盤發(fā)電機(jī).如圖所示,紫銅做的圓盤水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中,圓盤圓心處固定一個搖柄,邊緣和圓心處各與一個黃銅電刷緊貼,用導(dǎo)線將電刷與電流表連接起來形成回路.轉(zhuǎn)動搖柄,使圓盤逆時針勻速轉(zhuǎn)動,電流表的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn).下列說法正確的是( D )
A.回路中電流大小變化,方向不變
B.回路中電流大小不變,方向變化
C.回路中電流的大小和方向都周期性變化
D.回路中電流方向不變,從b導(dǎo)線流進(jìn)電流表
解析:圓盤在磁場中切割磁感線產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢E=BωR2,由右手定則判斷得a端為負(fù)極、b端為正極,所以只有D項正確.
2.(2018四川綿陽一診)2014年9月川東地區(qū)持續(xù)強(qiáng)降雨,多地發(fā)生了嚴(yán)重的洪澇災(zāi)害.如圖為某救災(zāi)現(xiàn)場示意圖,一居民被洪水圍困在被淹房屋屋頂?shù)腁點,直線PQ和MN之間是滔滔洪水,之外為安全區(qū)域.已知A點到直線PQ和MN的距離分別為AB=d1和AC=d2,設(shè)洪水流速大小恒為v1,武警戰(zhàn)士駕駛的救生艇在靜水中的速度大小為v2(v1<v2),要求戰(zhàn)士從直線PQ上某位置出發(fā)以最短的時間到達(dá)A點,救人后以最短的距離到達(dá)直線MN.則( A )
A.戰(zhàn)士駕艇的出發(fā)點在B點上游距B點距離為d1
B.戰(zhàn)士駕艇的出發(fā)點在B點下游距B點距離為d1
C.救人后船頭應(yīng)指向上游,與上游方向所成夾角的余弦值為
D.救人后船頭應(yīng)指向下游,與下游方向所成夾角的余弦值為
解析:救生艇到達(dá)A點的最短時間為t=,戰(zhàn)士駕艇的出發(fā)點在B點上游距B點距離為d1,選項A正確,B錯誤;若戰(zhàn)士以最短位移到達(dá)MN,則救生艇登陸的地點就是C點,則船頭與上游方向所成夾角的余弦值為,故選項C、D錯誤.
3.(2018山東中學(xué)聯(lián)盟押題)如圖所示,將一質(zhì)量為m的小球從A點以初速度v斜向上拋出,先后經(jīng)過B、C兩點.已知B、C之間的豎直高度和C、A之間的豎直高度都為h,重力加速度取g,取A點所在的平面為參考平面,不考慮空氣阻力,則( D )
A.小球在B點的機(jī)械能是C點機(jī)械能的兩倍
B.小球在B點的動能是C點動能的兩倍
C.小球在B點的動能為mv2+2mgh
D.小球在C點的動能為mv2-mgh
解析:不計空氣阻力,小球在斜上拋運(yùn)動過程中只受重力作用,運(yùn)動過程中小球的機(jī)械能守恒,則小球在B點的機(jī)械能等于C點機(jī)械能,選項A錯誤;小球在B點的重力勢能大于C點重力勢能,根據(jù)機(jī)械能守恒定律知,小球在B點的動能小于C點動能,選項B錯誤;小球由A到B過程中,根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mg2h+EkB=mv2,解得小球在B點的動能為EkB=mv2-2mgh,選項C錯誤;小球由B到C過程中,根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mg2h+EkB=mgh+EkC,解得小球在C點的動能為EkC=EkB+mgh=mv2-mgh,選項D正確.
4.(2018山東濰坊一中二模)如圖所示,斜面體固定在水平地面上,用一根輕繩跨過定滑輪連接甲、乙兩滑塊,它們靜止于兩斜面等高處,輕繩均與斜面平行.甲、乙可看成質(zhì)點,不計一切摩擦(sin37=0.6,sin53=0.8).若剪斷輕繩,下列說法正確的是( A )
A.甲、乙落地時的速度大小相等
B.甲、乙落到地面所用時間之比為11
C.甲、乙落地時重力的功率之比為43
D.甲、乙在下滑到地面過程中重力做功相等
解析:兩滑塊位于相同高度,剪斷輕繩,讓兩滑塊從靜止開始沿斜面滑下,兩滑塊運(yùn)動過程中只有重力做功,落地高度相同,根據(jù)機(jī)械能守恒定律,得mgh=mv2,到達(dá)斜面底端時兩滑塊速率相等.故A正確;沒有剪斷細(xì)繩時,由平衡條件可得,m甲gsin37=m乙gsin53,則m甲m乙=43,兩滑塊距離地面高度h相同,位移分別為x甲=,x乙=.由勻變速直線運(yùn)動的平均速度公式=知,=t甲,=x乙.因為末速度v相同,故t甲>t乙,故B錯誤;落地時重力的功率之比==,故C錯誤;甲、乙下滑過程中重力做功W=mgh,h相同,質(zhì)量不同,故D錯誤.
5.如圖所示為氫原子的能級圖,已知可見光的光子能量范圍約為1.62~3.11 eV,鎂的逸出功為5.9 eV,以下說法錯誤的是( C )
A.用氫原子從高能級向基態(tài)躍遷時發(fā)射的光照射鎂板一定能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象
B.用能量為11.0 eV的自由電子轟擊處于基態(tài)的氫原子,可使其躍遷到激發(fā)態(tài)
C.處于n=2能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線,并且使氫原子電離
D.處于n=4能級的氫原子可以吸收任意頻率的紫外線,并且使氫原子電離
解析:氫原子從高能級向基態(tài)躍遷放出的光子能量E≥10.2 eV>5.9 eV,選項A正確;因為11.0 eV>10.2 eV,故通過碰撞的方式可使基態(tài)氫原子躍遷,選項B正確;使n=2能級的氫原子電離所需最小能量為3.4 eV,但有的紫外線光子能量小于3.4 eV,選項C錯誤;使n=4能級的氫原子電離所需最小能量為0.85 eV,紫外線光子能量大于3.11 eV,選項D正確.
6.(2018武漢調(diào)研)如圖所示,在光滑的水平面上放著質(zhì)量為M的木板,在木板的左端有一個質(zhì)量為m的木塊,在木塊上施加一個水平向右的恒力F,木塊與木板由靜止開始運(yùn)動,經(jīng)過時間t分離.下列說法正確的是( BD )
A.若僅增大木板的質(zhì)量M,則時間t增大
B.若僅增大木塊的質(zhì)量m,則時間t增大
C.若僅增大恒力F,則時間t增大
D.若僅增大木塊與木板間的動摩擦因數(shù),則時間t增大
解析:設(shè)木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ,則木塊的加速度a1==-μg,木板的加速度a2=,兩者恰好分離的條件為(a1-a2)t2=L,時間t=,由此可知,僅增大M或F,則時間t減小,僅增大m或μ,時間t增大,選項B、D正確.
7.(2018江蘇南通、泰州、揚(yáng)州、連云港、淮安五市聯(lián)考)一半徑為R的半球面均勻帶有正電荷Q,電荷Q在球心O處產(chǎn)生電場的場強(qiáng)大小E0=,方向如圖所示.把半球面分為表面積相等的上、下兩部分,如圖甲所示,上、下兩部分電荷在球心O處產(chǎn)生電場的場強(qiáng)大小分別為E1、E2;把半球面分為表面積相等的左、右兩部分,如圖乙所示,左、右兩部分電荷在球心O處產(chǎn)生電場的場強(qiáng)大小分別為E3、E4.則( AC )
A.E1> B.E2=
C.E3> D.E4=
解析:如題圖甲,取對稱微元,虛線上面的電荷在O點產(chǎn)生的電場方向夾角小,合電場強(qiáng)度E1大,虛線下面的電
荷在O點產(chǎn)生的電場方向夾角大,合電場強(qiáng)度E2小,即E1>E2,又E1+E2=E0,則E1>,選項A正確,B錯誤;如題圖乙,左右兩邊對稱,在O點產(chǎn)生電場強(qiáng)度E3=E4,再由矢量合成可知,E3=E4>E0=,選項C正確,D錯誤.
8.一質(zhì)點自x軸原點O出發(fā),沿正方向以加速度a運(yùn)動,經(jīng)過t0時間速度變?yōu)関0,接著以-a加速度運(yùn)動,當(dāng)速度變?yōu)椋瓡r,加速度又變?yōu)閍,直至速度變?yōu)闀r,加速度再變?yōu)椋璦,直至速度變?yōu)椋渲衯t圖象如圖所示,則下列說法中正確的是( CD )
A.質(zhì)點一直沿x軸正方向運(yùn)動
B.質(zhì)點將在x軸上一直運(yùn)動,永遠(yuǎn)不會停止
C.質(zhì)點運(yùn)動過程中離原點的最大距離為v0t0
D.質(zhì)點最終靜止時離開原點的距離一定小于v0t0
解析:由圖象知,質(zhì)點在2t0時刻開始反向運(yùn)動,最后速度逐漸變?yōu)榱?,AB項均錯誤;質(zhì)點運(yùn)動過程中離原點的最大距離為x=v02t0=v0t0,C項正確;由于質(zhì)點有往復(fù)運(yùn)動,并通過正、反方向的“面積”對比知,D項正確.