2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 題型專項(xiàng)練 中檔題保分練(四)理.doc
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2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 題型專項(xiàng)練 中檔題保分練(四)理.doc
中檔題保分練(四)
1.(2018唐山模擬)已知a=(2sin ωx,sin ωx+cos ωx),b=(cos ωx,(sin ωx-cos ωx)),0<ω<1,函數(shù)f(x)=ab,直線x=是函數(shù)f(x)圖象的一條對稱軸.
(1)求函數(shù)f(x)的解析式及單調(diào)遞增區(qū)間;
(2)在△ABC中,已知f(A)=0,c=3,a=,求b.
解析:(1) f(x)=ab=sin 2ωx-cos 2ωx=2sin.
∵x=是函數(shù)f(x)圖象的一條對稱軸,
∴f=2,∴2ω-=kπ+,k∈Z.
∴ω=+,k∈Z.
∵ω∈(0,1),∴k=0,ω=,
∴f(x)=2sin.
令2kπ-≤x-≤2kπ+,k∈Z,得2kπ-≤x≤2kπ+,k∈Z.
∴f(x)=2sin,f(x)的增區(qū)間為,k∈Z.
(2) ∵f(A)=2sin=0,∴A-=kπ,∴A=kπ+,k∈Z.
∵A∈(0,π),∴A=.
在△ABC中,由余弦定理:cos A=,∴b2+c2-a2-2bccos A=0,
∴b2+32-13-2b3=0,
∴b2-3b-4=0,
∴(b-4)(b+1)=0.
∵b>0,∴b=4.
2.(2018哈師大附中模擬)哈師大附中高三學(xué)年統(tǒng)計(jì)甲、乙兩個(gè)班級一模數(shù)學(xué)分?jǐn)?shù)(滿分150分),每個(gè)班級20名同學(xué),現(xiàn)有甲、乙兩班本次考試數(shù)學(xué)分?jǐn)?shù)如下列莖葉圖所示:
(1)根據(jù)莖葉圖求甲、乙兩班同學(xué)數(shù)學(xué)分?jǐn)?shù)的中位數(shù),并將乙班同學(xué)的分?jǐn)?shù)的頻率分布直方圖填充完整;
(2)根據(jù)莖葉圖比較在一??荚囍?,甲、乙兩班同學(xué)數(shù)學(xué)分?jǐn)?shù)的平均水平和分?jǐn)?shù)的分散程度(不要求計(jì)算出具體值,給出結(jié)論即可);
(3)若規(guī)定分?jǐn)?shù)在[100,120)的成績?yōu)榱己?,分?jǐn)?shù)在[120,150)的成績?yōu)閮?yōu)秀,現(xiàn)從甲、乙兩班成績?yōu)閮?yōu)秀的同學(xué)中,按照各班成績?yōu)閮?yōu)秀的同學(xué)人數(shù)占兩班總的優(yōu)秀人數(shù)的比例分層抽樣,共選出12位同學(xué)參加數(shù)學(xué)提優(yōu)培訓(xùn),求這12位同學(xué)中恰含甲、乙兩班所有140分以上的同學(xué)的概率.
解析:(1)甲班數(shù)學(xué)分?jǐn)?shù)的中位數(shù):=118,
乙班數(shù)學(xué)分?jǐn)?shù)的中位數(shù):=128.
(2)乙班學(xué)生數(shù)學(xué)考試分?jǐn)?shù)的平均水平高于甲班學(xué)生數(shù)學(xué)考試分?jǐn)?shù)的平均水平;甲班學(xué)生數(shù)學(xué)考試分?jǐn)?shù)的分散程度高于乙班學(xué)生數(shù)學(xué)考試分?jǐn)?shù)的分散程度.
(3)由頻率分布直方圖可知:甲、乙兩班數(shù)學(xué)成績?yōu)閮?yōu)秀的人數(shù)分別為10、14,若從中分層抽樣選出12人,則應(yīng)從甲、乙兩班各選出5人、7人,
設(shè)“選出的12人中恰含有甲、乙兩班的所有140分以上的同學(xué)”為事件A,
則P(A)==
==.
所以選出的12人中恰含有甲、乙兩班的所有140分以上的同學(xué)的概率為.
3.如圖,矩形ABCD和直角梯形BEFC所在平面互相垂直,∠BCF=90,BE∥CF,CE⊥EF,AD=,EF=2.
(1)求異面直線AD與EF所成的角;
(2)當(dāng)AB的長為何值時(shí),二面角AEFC的大小為45?
解析:如圖,以點(diǎn)C為坐標(biāo)原點(diǎn),分別以CB,CF和CD作為x軸,y軸和z軸建立空間直角坐標(biāo)系Cxyz.設(shè)AB=a,BE=b,CF=c(b<c),
則C(0,0,0),A(,0,a),B(,0,0),E(,b,0),F(xiàn)(0,c,0),D(0,0,a),
(1)=(,0,0),=(,0,0),=(,b-c,0),
由||=2,得3+(b-c)2=4,∴b-c=-1.
所以=(,-1,0).
所以cos〈,〉===,
所以異面直線AD與EF所成的角為30.
(2)設(shè)n=(1,y,z)為平面AEF的法向量,
則n=0,n=0,
結(jié)合||2+||2=||2-||2,
解得n=(1,,).
又因?yàn)锽A⊥平面BEFC,=(0,0,a),
所以|cos〈n,〉|===,
得到a=.
所以當(dāng)AB為時(shí),二面角AEFC的大小為45.
4.請?jiān)谙旅鎯深}中任選一題作答
(選修4-4:坐標(biāo)系與參數(shù)方程)在平面直角坐標(biāo)系中,以原點(diǎn)為極點(diǎn),以x軸的非負(fù)半軸為極軸且取相同的單位長度建立極坐標(biāo)系,曲線C1的極坐標(biāo)方程為:ρ=2cos θ.
(1)若曲線C2參數(shù)方程為:(α為參數(shù)),
求曲線C1的直角坐標(biāo)方程和曲線C2的普通方程;
(2)若曲線C2參數(shù)方程為(t為參數(shù)),A(0,1),且曲線C1與曲線C2 交點(diǎn)分別為P,Q,求+的取值范圍,
解析:(1) ∵ρ=2cos θ,∴ρ2=2ρcos θ,
又∵ρ2=x2+y2,ρcos θ=x,
∴曲線C1的直角坐標(biāo)方程為:x2+y2-2x=0.
曲線C2的普通方程為:x2+(y-1)2=t2.
(2)將C2的參數(shù)方程:(t為參數(shù))代入C1的方程: x2+y2-2x=0得:
t2+(2sin α-2cos α)t+1=0.
∵Δ=(2sin α-2cos α)2-4=8sin2-4>0,
∴∈,
∴sin∈∪.
t1+t2=-(2sin α-2cos α)=-2sin,t1t2=1>0.
∵t1t2=1>0,
∴t1,t2同號(hào),∴|t1|+|t2|=|t1+t2|.
由t的幾何意義可得: +=+==
= =2∈(2,2],
∴ +∈(2,2].
(選修4-5:不等式選講)已知函數(shù)f(x)=|2x+b|+|2x-b|.
(1)若b=1,解不等式f(x)>4,
(2)若不等式f(a)>|b+1|對任意的實(shí)數(shù)a恒成立,求b的取值范圍.
解析:(1) b=1時(shí),f(x)=|2x+1|+|2x-1|>4,
?x>1或?x<-1或?x∈?.
所以解集為(-∞,-1)∪(1,+∞).
(2)f(a)=|2a+b|+|2a-b|=|2a+b|+|b-2a|≥|(2a+b)+(b-2a)|=|2b|.
當(dāng)且僅當(dāng)(2a+b)(b-2a)≥0時(shí)(f(a))min=|2b|,
所以|2b|>|b+1|,所以(2b)2>(b+1)2,所以(3b+1)(b-1)>0.
所以b的取值范圍為∪(1,+∞).