《新編高考數(shù)學(xué)浙江專用總復(fù)習(xí)教師用書：第2章 第8講　函數(shù)與方程、函數(shù)的模型及其應(yīng)用 Word版含解析》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新編高考數(shù)學(xué)浙江專用總復(fù)習(xí)教師用書：第2章 第8講　函數(shù)與方程、函數(shù)的模型及其應(yīng)用 Word版含解析（17頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第第 8 講講函數(shù)與方程、函數(shù)的模型及其應(yīng)用函數(shù)與方程、函數(shù)的模型及其應(yīng)用最新考綱1.了解函數(shù)零點(diǎn)的概念，掌握連續(xù)函數(shù)在某個(gè)區(qū)間上存在零點(diǎn)的判定方法；2.了解指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)、冪函數(shù)的增長(zhǎng)特征，結(jié)合具體實(shí)例體會(huì)直線上升、指數(shù)增長(zhǎng)、對(duì)數(shù)增長(zhǎng)等不同函數(shù)類型增長(zhǎng)的含義；3.了解函數(shù)模型(如指數(shù)函數(shù)、對(duì)數(shù)函數(shù)、冪函數(shù)、分段函數(shù)等在社會(huì)生活中普遍使用的函數(shù)模型)的廣泛應(yīng)用.知 識(shí) 梳 理1.函數(shù)的零點(diǎn)(1)函數(shù)零點(diǎn)的概念對(duì)于函數(shù) yf(x)，把使 f(x)0 的實(shí)數(shù) x 叫做函數(shù) yf(x)的零點(diǎn).(2)函數(shù)零點(diǎn)與方程根的關(guān)系方程 f(x)0 有實(shí)數(shù)根函數(shù) yf(x)的圖象與 x 軸有交點(diǎn)函數(shù) yf(

2、x)有零點(diǎn).(3)零點(diǎn)存在性定理如果函數(shù) yf(x)滿足：在區(qū)間a，b上的圖象是連續(xù)不斷的一條曲線；f(a)f(b)0)的圖象與零點(diǎn)的關(guān)系b24ac000)的圖象與 x 軸的交點(diǎn)(x1，0)，(x2，0)(x1，0)無(wú)交點(diǎn)零點(diǎn)個(gè)數(shù)2103.常見的幾種函數(shù)模型(1)一次函數(shù)模型：ykxb(k0).(2)反比例函數(shù)模型：ykx(k0).(3)二次函數(shù)模型：yax2bxc(a，b，c 為常數(shù)，a0).(4)指數(shù)函數(shù)模型：yabxc(b0，b1，a0).(5)對(duì)數(shù)函數(shù)模型：ymlogaxn(a0，a1，m0).4.指數(shù)、對(duì)數(shù)、冪函數(shù)模型性質(zhì)比較函數(shù)性質(zhì)yax(a1)ylogax(a1)yxn(n0)在

3、(0，)上的增減性單調(diào)遞增單調(diào)遞增單調(diào)遞增增長(zhǎng)速度越來(lái)越快越來(lái)越慢相對(duì)平穩(wěn)圖象的變化隨 x 的增大逐漸表現(xiàn)為與 y 軸平行隨 x 的增大逐漸表現(xiàn)為與 x 軸平行隨 n 值變化而各有不同值的比較存在一個(gè) x0，當(dāng) xx0時(shí)，有 logaxxnax診 斷 自 測(cè)1.判斷正誤(在括號(hào)內(nèi)打“”或“”)(1)函數(shù) f(x)lg x 的零點(diǎn)是(1，0).()(2)圖象連續(xù)的函數(shù) yf(x)(xD)在區(qū)間(a，b)D 內(nèi)有零點(diǎn)，則 f(a)f(b)0.()(3)若函數(shù) f(x)在(a，b)上單調(diào)且 f(a)f(b)0，則函數(shù) f(x)在a，b上有且只有一個(gè)零點(diǎn).()(4)f(x)x2，g(x)2x，h(x)

4、log2x，當(dāng) x(4，)時(shí)，恒有 h(x)f(x)g(x).()解析(1)f(x)lg x 的零點(diǎn)是 1，故(1)錯(cuò).(2)f(a)f(b)0 是連續(xù)函數(shù) yf(x)在(a，b)內(nèi)有零點(diǎn)的充分不必要條件，故(2)錯(cuò).答案(1)(2)(3)(4)2.(必修 1P88 例 1 改編)函數(shù) f(x)ex3x 的零點(diǎn)個(gè)數(shù)是()A.0B.1C.2D.3解析由已知得 f(x)ex30，所以 f(x)在 R 上單調(diào)遞增，又 f(1)1e30，因此函數(shù) f(x)有且只有一個(gè)零點(diǎn).答案B3.(20 xx安徽卷)下列函數(shù)中，既是偶函數(shù)又存在零點(diǎn)的是()A.ycos xB.ysin xC.yln xD.yx21解

5、析由函數(shù)是偶函數(shù)，排除選項(xiàng) B、C，又選項(xiàng) D 中函數(shù)沒(méi)有零點(diǎn)，排除 D，ycos x 為偶函數(shù)且有零點(diǎn).答案A4.已知某種動(dòng)物繁殖量 y(只)與時(shí)間 x(年)的關(guān)系為 yalog3(x1)， 設(shè)這種動(dòng)物第2 年有 100 只，到第 8 年它們發(fā)展到()A.100 只B.200 只C.300 只D.400 只解析由題意知 100alog3(21)，a100，y100log3(x1)，當(dāng) x8 時(shí)，y100log39200.答案B5.函數(shù) f(x)ax12a 在區(qū)間(1，1)上存在一個(gè)零點(diǎn)，則實(shí)數(shù) a 的取值范圍是_.解析因?yàn)楹瘮?shù) f(x)ax12a 在區(qū)間(1，1)上是單調(diào)函數(shù)，所以若 f(x

6、)在區(qū)間(1，1)上存在一個(gè)零點(diǎn)，則滿足 f(1)f(1)0，即(3a1)(1a)0，解得13a1.答案13，16.(20 xx紹興調(diào)研)已知 f(x)x2，x0，2x2，x0，則 f(f(2)_；函數(shù) f(x)的零點(diǎn)的個(gè)數(shù)為_.解析根據(jù)題意得：f(2)(2)24，則 f(f(2)f(4)24216214；令 f(x)0，得到 2x20，解得：x1，則函數(shù) f(x)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為 1.答案141考點(diǎn)一函數(shù)零點(diǎn)所在區(qū)間的判斷【例 1】 (1)若 abc，則函數(shù) f(x)(xa)(xb)(xb)(xc)(xc)(xa)的兩個(gè)零點(diǎn)分別位于區(qū)間()A.(a，b)和(b，c)內(nèi)B.(，a)和(a，b)內(nèi)C

7、.(b，c)和(c，)內(nèi)D.(，a)和(c，)內(nèi)(2)設(shè) f(x)ln xx2，則函數(shù) f(x)的零點(diǎn)所在的區(qū)間為()A.(0，1)B.(1，2)C.(2，3)D.(3，4)解析(1)ab0，f(b)(bc)(ba)0，由函數(shù)零點(diǎn)存在性定理可知：在區(qū)間(a，b)，(b，c)內(nèi)分別存在零點(diǎn)，又函數(shù) f(x)是二次函數(shù)，最多有兩個(gè)零點(diǎn)；因此函數(shù) f(x)的兩個(gè)零點(diǎn)分別位于區(qū)間(a，b)，(b，c)內(nèi)，故選 A.(2)法一函數(shù) f(x)的零點(diǎn)所在的區(qū)間可轉(zhuǎn)化為函數(shù) g(x)ln x， h(x)x2 圖象交點(diǎn)的橫坐標(biāo)所在的取值范圍.作圖如下：可知 f(x)的零點(diǎn)所在的區(qū)間為(1，2).法二易知 f(x

8、)ln xx2 在(0，)上為增函數(shù)，且 f(1)1210.所以根據(jù)函數(shù)零點(diǎn)存在性定理可知在區(qū)間(1，2)內(nèi)函數(shù)存在零點(diǎn).答案(1)A(2)B規(guī)律方法確定函數(shù) f(x)的零點(diǎn)所在區(qū)間的常用方法(1)利用函數(shù)零點(diǎn)的存在性定理：首先看函數(shù) yf(x)在區(qū)間a，b上的圖象是否連續(xù)，再看是否有 f(a)f(b)0.若有，則函數(shù) yf(x)在區(qū)間(a，b)內(nèi)必有零點(diǎn).(2)數(shù)形結(jié)合法： 通過(guò)畫函數(shù)圖象， 觀察圖象與 x 軸在給定區(qū)間上是否有交點(diǎn)來(lái)判斷.【訓(xùn)練 1】 已知函數(shù) f(x)ln x12x2的零點(diǎn)為 x0，則 x0所在的區(qū)間是()A.(0，1)B.(1，2)C.(2，3)D.(3，4)解析f(x

9、)ln x12x2在(0，)上是增函數(shù)，又 f(1)ln 1121ln 120，f(2)ln 2120ln 210.故 f(x)的零點(diǎn) x0(2，3).答案C考點(diǎn)二函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)的判斷【例 2】 (1)函數(shù) f(x)x22，x0，2x6ln x，x0的零點(diǎn)個(gè)數(shù)是_.(2)函數(shù) f(x)2x|log0.5x|1 的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為_.A.1B.2C.3D.4解析(1)當(dāng) x0 時(shí)，令 x220，解得 x 2(正根舍).所以在(，0上有一個(gè)零點(diǎn).當(dāng) x0 時(shí)，f(x)21x0 恒成立，所以 f(x)在(0，)上是增函數(shù).又因?yàn)?f(2)2ln 20，所以 f(x)在(0，)上有一個(gè)零點(diǎn)，綜上，函數(shù) f(x

10、)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為 2.(2)令 f(x)2x|log0，5x|10，得|log0.5x|12x.設(shè) g(x)|log0.5x|，h(x)12x，在同一坐標(biāo)系下分別畫出函數(shù)g(x)，h(x)的圖象(如圖).由圖象知，兩函數(shù)的圖象有兩個(gè)交點(diǎn)，因此函數(shù) f(x)有 2個(gè)零點(diǎn).答案(1)2(2)B規(guī)律方法函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)的判斷方法：(1)直接求零點(diǎn)，令 f(x)0，有幾個(gè)解就有幾個(gè)零點(diǎn)；(2)零點(diǎn)存在性定理，要求函數(shù)在區(qū)間a，b上是連續(xù)不斷的曲線，且 f(a)f(b)0，再結(jié)合函數(shù)的圖象與性質(zhì)確定函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)；(3)利用圖象交點(diǎn)個(gè)數(shù)，作出兩函數(shù)圖象，觀察其交點(diǎn)個(gè)數(shù)即得零點(diǎn)個(gè)數(shù).【訓(xùn)練 2】 (20 xx湖北

11、卷)f(x)2sin xsinx2 x2的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為_.解析f(x)2sin xcos xx2sin 2xx2， 則函數(shù)的零點(diǎn)即為函數(shù) ysin 2x 與函數(shù)yx2圖象的交點(diǎn)，如圖所示，兩圖象有 2 個(gè)交點(diǎn)，則函數(shù)有 2 個(gè)零點(diǎn).答案2考點(diǎn)三函數(shù)零點(diǎn)的應(yīng)用【例 3】 (20 xx昆明調(diào)研)已知定義在 R 上的偶函數(shù) f(x)滿足 f(x4)f(x)，且在區(qū)間0，2上 f(x)x，若關(guān)于 x 的方程 f(x)logax 有三個(gè)不同的實(shí)根，求 a 的取值范圍.解由 f(x4)f(x)知，函數(shù)的周期 T4.又 f(x)為偶函數(shù)，f(x)f(x)f(4x)，因此函數(shù) yf(x)的圖象關(guān)于 x2 對(duì)稱.

12、又 f(2)f(6)f(10)2.要使方程 f(x)logax 有三個(gè)不同的實(shí)根.由函數(shù)的圖象(如圖)，必須有f（6）2，a1.即loga62，a1.解之得 6a0(aR)，若函數(shù) f(x)在 R 上有兩個(gè)零點(diǎn)，則 a 的取值范圍是()A.(，1)B.(，0)C.(1，0)D.1，0)(2)(20 xx山東卷)已知函數(shù) f(x)|x|，xm，x22mx4m，xm，其中 m0.若存在實(shí)數(shù) b，使得關(guān)于 x 的方程 f(x)b 有三個(gè)不同的根，則 m 的取值范圍是_.解析(1)當(dāng) x0 時(shí)，f(x)3x1 有一個(gè)零點(diǎn) x13.因此當(dāng) x0 時(shí)，f(x)exa0 只有一個(gè)實(shí)根，aex(x0)，則1a

13、m 時(shí)，x22mx4m(xm)24mm2，要使方程 f(x)b 有三個(gè)不同的根，則有 4mm20.又 m0，解得 m3.答案(1)D(2)(3，)考點(diǎn)四構(gòu)建函數(shù)模型解決實(shí)際問(wèn)題(易錯(cuò)警示)【例 4】 (1)(20 xx四川卷)某公司為激勵(lì)創(chuàng)新，計(jì)劃逐年加大研發(fā)資金投入，若該公司全年投入研發(fā)資金 130 萬(wàn)元，在此基礎(chǔ)上，每年投入的研發(fā)資金比上一年增長(zhǎng) 12%， 則該公司全年投入的研發(fā)資金開始超過(guò) 200 萬(wàn)元的年份是(參考數(shù)據(jù)：lg 1.120.05，lg 1.30.11，lg 20.30)()A.B.C.D.2021 年(2)(20 xx河南省實(shí)驗(yàn)中學(xué)期中)為了降低能源損耗，某體育館的外墻需

14、要建造隔熱層，體育館要建造可使用 20 年的隔熱層，每厘米厚的隔熱層建造成本為 6 萬(wàn)元.該建筑物每年的能源消耗費(fèi)用 C(單位：萬(wàn)元)與隔熱層厚度 x(單位：cm)滿足關(guān)系：C(x)k3x5(0 x10，k 為常數(shù))，若不建隔熱層，每年能源消耗費(fèi)用為8 萬(wàn)元，設(shè) f(x)為隔熱層建造費(fèi)用與 20 年的能源消耗費(fèi)用之和.求 k 的值及 f(x)的表達(dá)式；隔熱層修建多厚時(shí)，總費(fèi)用 f(x)達(dá)到最??？并求最小值.(1)解析設(shè)后的第 n 年該公司投入的研發(fā)資金為 y 萬(wàn)元，則 y130(112%)n.依題意 130(112%)n200，得 1.12n2013.兩邊取對(duì)數(shù)，得 nlg1.12lg 2lg

15、 1.3nlg 2lg 1.3lg 1.120.300.110.05195，n4，從開始，該公司投入的研發(fā)資金開始超過(guò) 200 萬(wàn)元.答案B(2)解當(dāng) x0 時(shí)，C8，k40，C(x)403x5(0 x10)，f(x)6x20403x56x8003x5(0 x10).由得 f(x)2(3x5)8003x510.令 3x5t，t5，35，則 y2t800t1022t800t1070，當(dāng)且僅當(dāng) 2t800t即 t20 時(shí)“”成立，此時(shí)由 3x520 得 x5.函數(shù) y2t800t10 在 t20 時(shí)取得最小值，此時(shí) x5，因此 f(x)的最小值為 70.隔熱層修建 5 cm 厚時(shí)，總費(fèi)用 f(x)

16、達(dá)到最小，最小值為 70 萬(wàn)元.規(guī)律方法(1)構(gòu)建函數(shù)模型解決實(shí)際問(wèn)題的常見類型與求解方法：構(gòu)建二次函數(shù)模型，常用配方法、數(shù)形結(jié)合、分類討論思想求解.構(gòu)建分段函數(shù)模型，應(yīng)用分段函數(shù)分段求解的方法.構(gòu)建 f(x)xax(a0)模型，常用基本不等式、導(dǎo)數(shù)等知識(shí)求解.(2)解函數(shù)應(yīng)用題的程序是：審題；建模；解模；還原.易錯(cuò)警示求解過(guò)程中不要忽視實(shí)際問(wèn)題是對(duì)自變量的限制.【訓(xùn)練 4】 (1)(20 xx成都調(diào)研)某食品的保鮮時(shí)間 y(單位：小時(shí))與儲(chǔ)藏溫度 x(單位：)滿足函數(shù)關(guān)系 yekxb(e2.718為自然對(duì)數(shù)的底數(shù)，k，b 為常數(shù)).若該食品在 0 的保鮮時(shí)間是 192 小時(shí)，在 22 的保鮮

17、時(shí)間是 48 小時(shí)，則該食品在33 的保鮮時(shí)間是_小時(shí).(2)提高過(guò)江大橋的車輛通行能力可改善整個(gè)城市的交通狀況.在一般情況下，大橋上的車流速度 v(單位：千米/時(shí))是車流密度 x(單位：輛/千米)的函數(shù).當(dāng)橋上的車流密度達(dá)到 200 輛/千米時(shí)，造成堵塞，此時(shí)車流速度為 0；當(dāng)車流密度不超過(guò)20 輛/千米時(shí)，車流速度為 60 千米/時(shí).研究表明：當(dāng) 20 x200 時(shí)，車流速度 v是車流密度 x 的一次函數(shù).當(dāng) 0 x200 時(shí)，求函數(shù) v(x)的表達(dá)式；當(dāng)車流密度 x 為多大時(shí)，車流量(單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)橋上某觀測(cè)點(diǎn)的車輛數(shù)，單位：輛/時(shí))f(x)xv(x)可以達(dá)到最大，并求出最大值(精確到

18、1 輛/時(shí)).(1)解析由已知條件，得 192eb又 48e22kbeb(e11k)2e11k4819212141212，設(shè)該食品在 33 的保鮮時(shí)間是 t 小時(shí)，則 te33kb192 e33k192(e11k)319212324.答案24(2)解由題意，得當(dāng) 0 x20 時(shí)，v(x)60；當(dāng) 20 x200 時(shí)，設(shè) v(x)axb(a0)，所以200ab0，20ab60，解得a13，b2003.故當(dāng) 0 x200 時(shí)，函數(shù) v(x)的表達(dá)式為v(x)60，0 x20，13（200 x） ，20 x200.依題意并由(1)可得f(x)60 x，0 x20，13x（200 x） ，20 x20

19、0.當(dāng) 0 x20 時(shí)，f(x)為增函數(shù)，所以 f(x)在區(qū)間0，20上的最大值為 f(20)60201 200；當(dāng) 20 x200 時(shí)，f(x)13x(200 x)13x（200 x）2210 0003，當(dāng)且僅當(dāng) x200 x，即 x100 時(shí)，等號(hào)成立.所以當(dāng) x100 時(shí)，f(x)在區(qū)間(20，200上取得最大值10 0003.綜上可知，當(dāng) x100 時(shí)，f(x)在區(qū)間0，200上取得最大值10 00033 333，即當(dāng)車流密度為 100 輛/千米時(shí)，車流量可以達(dá)到最大，最大值約為 3 333 輛/時(shí).思想方法1.轉(zhuǎn)化思想在函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題中的應(yīng)用方程解的個(gè)數(shù)問(wèn)題可轉(zhuǎn)化為兩個(gè)函數(shù)圖象交點(diǎn)的個(gè)

20、數(shù)問(wèn)題； 已知方程有解求參數(shù)范圍問(wèn)題可轉(zhuǎn)化為函數(shù)值域問(wèn)題.2.判斷函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)的常用方法(1)通過(guò)解方程來(lái)判斷.(2)根據(jù)零點(diǎn)存在性定理，結(jié)合函數(shù)性質(zhì)來(lái)判斷.(3)將函數(shù) yf(x)g(x)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)轉(zhuǎn)化為函數(shù) yf(x)與 yg(x)圖象公共點(diǎn)的個(gè)數(shù)來(lái)判斷.3.求解函數(shù)應(yīng)用問(wèn)題的步驟：(1)審題：弄清題意，分清條件和結(jié)論，理順數(shù)量關(guān)系，初步選擇數(shù)學(xué)模型；(2)建模：將自然語(yǔ)言轉(zhuǎn)化為數(shù)學(xué)語(yǔ)言，將文字語(yǔ)言轉(zhuǎn)化為符號(hào)語(yǔ)言，利用數(shù)學(xué)知識(shí)，建立相應(yīng)的數(shù)學(xué)模型；(3)解模：求解數(shù)學(xué)模型，得出數(shù)學(xué)結(jié)論；(4)還原：將數(shù)學(xué)問(wèn)題還原為實(shí)際問(wèn)題.易錯(cuò)防范1.函數(shù)的零點(diǎn)不是點(diǎn)，是方程 f(x)0 的實(shí)根.2.函數(shù)

21、零點(diǎn)的存在性定理只能判斷函數(shù)在某個(gè)區(qū)間上的變號(hào)零點(diǎn)，而不能判斷函數(shù)的不變號(hào)零點(diǎn)， 而且連續(xù)函數(shù)在一個(gè)區(qū)間的端點(diǎn)處函數(shù)值異號(hào)是這個(gè)函數(shù)在這個(gè)區(qū)間上存在零點(diǎn)的充分不必要條件.3.函數(shù)模型應(yīng)用不當(dāng)，是常見的解題錯(cuò)誤.所以，要正確理解題意，選擇適當(dāng)?shù)暮瘮?shù)模型.并根據(jù)實(shí)際問(wèn)題，合理確定函數(shù)的定義域.4.注意問(wèn)題反饋.在解決函數(shù)模型后，必須驗(yàn)證這個(gè)數(shù)學(xué)結(jié)果對(duì)實(shí)際問(wèn)題的合理性.基礎(chǔ)鞏固題組(建議用時(shí)：40 分鐘)一、選擇題1.(20 xx贛中南五校聯(lián)考)函數(shù) f(x)3xx2的零點(diǎn)所在區(qū)間是()A.(0，1)B.(1，2)C.(2，1)D.(1，0)解析由于 f(1)230，f(1)f(0)1，則函數(shù) f(

22、x)的零點(diǎn)為()A.12，0B.2，0C.12D.0解析當(dāng) x1 時(shí)，由 f(x)2x10，解得 x0；當(dāng) x1 時(shí)，由 f(x)1log2x0，解得 x12，又因?yàn)?x1，所以此時(shí)方程無(wú)解.綜上函數(shù) f(x)的零點(diǎn)只有 0.答案D3.(20 xx杭州調(diào)研)函數(shù) f(x)2x2xa 的一個(gè)零點(diǎn)在區(qū)間(1， 2)內(nèi)， 則實(shí)數(shù) a 的取值范圍是()A.(1，3)B.(1，2)C.(0，3)D.(0，2)解析因?yàn)楹瘮?shù) f(x)2x2xa 在區(qū)間(1，2)上單調(diào)遞增，又函數(shù) f(x)2x2xa的一個(gè)零點(diǎn)在區(qū)間(1，2)內(nèi)，則有 f(1)f(2)0，所以(a)(41a)0，即 a(a3)0，所以 0a0

23、，f（0）0，即34a0，12a0，解得12a34.故實(shí)數(shù) a 的取值范圍為 a|12a0，則使函數(shù) g(x)f(x)xm 有零點(diǎn)的實(shí)數(shù) m 的取值范圍是()A.0，1)B.(，1)C.(，1(2，)D.(，0(1，)解析函數(shù) g(x)f(x)xm 的零點(diǎn)就是方程 f(x)xm 的根，畫出 h(x)f(x)xx，x0，exx，x0的大致圖象(圖略).觀察它與直線 ym 的交點(diǎn)，得知當(dāng) m0 或 m1 時(shí)，有交點(diǎn)，即函數(shù) g(x)f(x)xm 有零點(diǎn).答案D12.(20 xx石家莊質(zhì)檢)加工爆米花時(shí)， 爆開且不糊的粒數(shù)占加工總粒數(shù)的百分比稱為“可食用率”.在特定條件下，可食用率 p 與加工時(shí)間

24、t(單位：分鐘)滿足函數(shù)關(guān)系 pat2btc(a，b，c 是常數(shù))，如圖 3 記錄了三次實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù).根據(jù)上述函數(shù)模型和實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，可以得到最佳加工時(shí)間為()A.3.50 分鐘B.3.75 分鐘C.4.00 分鐘D.4.25 分鐘解析根據(jù)圖表，把(t，p)的三組數(shù)據(jù)(3，0.7)，(4，0.8)，(5，0.5)分別代入函數(shù)關(guān)系式，聯(lián)立方程組得0.79a3bc，0.816a4bc，0.525a5bc，消去 c 化簡(jiǎn)得7ab0.1，9ab0.3，解得a0.2，b1.5，c2.所以 p0.2t21.5t215t2152t22516 4516215t15421316，所以當(dāng)t1543.75 時(shí)，p 取得最

25、大值，即最佳加工時(shí)間為 3.75 分鐘.答案B13.(20 xx紹興調(diào)研)已知 f(x)1x2m|x|，若 f(x)有兩個(gè)零點(diǎn)，則實(shí)數(shù) m 的值為_；若 f(x)有三個(gè)零點(diǎn)，則實(shí)數(shù) m 的取值范圍是_.解析函數(shù) f(x)的零點(diǎn)，即為方程1x2m|x|0 即1m|x|(x2)的實(shí)數(shù)根，令 g(x)|x|(x2)x22x，x0，x22x，x0，其圖象如圖所示，當(dāng) m1 時(shí)，g(x)圖象與 y1m有 2 個(gè)交點(diǎn)；當(dāng) 01m1 時(shí)，有 3 個(gè)交點(diǎn).答案1(1，)14.設(shè)函數(shù) f(x)|11x|(x0).(1)作出函數(shù) f(x)的圖象；(2)當(dāng) 0ab，且 f(a)f(b)時(shí)，求1a1b的值；(3)若方

26、程 f(x)m 有兩個(gè)不相等的正根，求 m 的取值范圍.解(1)如圖所示.(2)f(x)|11x|1x1，x（0，1，11x，x（1，） ，故 f(x)在(0，1上是減函數(shù)，而在(1，)上是增函數(shù).由 0ab 且 f(a)f(b)，得 0a1b，且1a111b，1a1b2.(3)由函數(shù) f(x)的圖象可知，當(dāng) 0m0 時(shí)，根據(jù)定義證明 f(x)在(，2)單調(diào)遞增；(2)求集合 Mkb|函數(shù) f(x)有三個(gè)不同的零點(diǎn).(1)證明當(dāng) x(，2)時(shí)，f(x)1x2kxb.任取 x1，x2(，2)，設(shè) x2x1.f(x1)f(x2)1x12kx1b1x22kx2b(x1x2)1（x12） （x22）k.由所設(shè)得 x1x20，又 k0，f(x1)f(x2)0，即 f(x1)2，kx2（b2k）x（2b1）0，與x0 時(shí)，u(x)，v(x)開口均向上.由 v(2)10，（b2k）24k（2b1）0，b2k2k2，b2k2 k.當(dāng) k0 知 u(x)在(2， )有唯一零點(diǎn).為滿足 f(x)有三個(gè)零點(diǎn)， v(x)在(，2)應(yīng)有兩個(gè)不同零點(diǎn).v（2）0，b2k2k2.b2k2 k.綜合可得 Mkb|b2k2 |k|.