浙江省2019高考數(shù)學 精準提分練 解答題通關練2 立體幾何.docx
2.立體幾何
1.如圖,已知正方形ADEF與梯形ABCD所在平面互相垂直,點M在線段ED上,AD⊥CD,AB∥CD,AB=AD=CD=1.
(1)當M為線段ED的中點時,求證:AM∥平面BEC;
(2)求直線DE與平面BEC所成角的正弦值.
(1)證明 取EC的中點N,連接MN,BN,如圖.
在△EDC中,M,N分別為ED,EC的中點,
所以MN∥CD,且MN=CD.
又AB∥CD,AB=CD,
所以MN∥AB,且MN=AB.
由此可知四邊形ABNM為平行四邊形,所以BN∥AM,
又BN?平面BEC,且AM?平面BEC,
所以AM∥平面BEC.
(2)解 在正方形ADEF中,ED⊥AD,
因為平面ADEF⊥平面ABCD,且平面ADEF∩平面ABCD=AD,
所以ED⊥平面ABCD,而BC?平面ABCD,
所以ED⊥BC.
在直角梯形ABCD中,AB=AD=1,CD=2,
易得BC=,
連接BD,在△BCD中,BD=BC=,CD=2,
所以BD2+BC2=CD2,
所以BC⊥BD,又BD∩ED=D,BD,ED?平面BDE,
所以BC⊥平面BDE,而BC?平面BCE,
所以平面BDE⊥平面BCE.
過點D作DH⊥EB,交EB于點H,則DH⊥平面BCE,所以∠DEH為直線DE與平面BEC所成的角.
在Rt△BDE中,BE==,
S△BDE=BDDE=BEDH,
所以DH===,
所以sin∠DEH==.
所以直線DE與平面BEC所成角的正弦值為.
2.如圖,在所有棱長均相等的直三棱柱ABC-A1B1C1中,D,E,F(xiàn)分別是棱AA1,CC1,AB的中點.
(1)證明:BE∥平面CDF;
(2)求直線EF與平面CDF所成角的正弦值.
(1)證明 方法一 連接AE交CD于G,連接GF,如圖1.
因為D,E分別是棱AA1,CC1的中點,所以G是AE的中點.
在△ABE中,GF是中位線,所以GF∥BE.
又GF?平面CDF,BE?平面CDF.
所以BE∥平面CDF.
圖1 圖2
方法二 連接A1B,A1E,如圖2.
在△A1AB中,DF是中位線,所以DF∥A1B.
又A1B?平面CDF,DF?平面CDF,
所以A1B∥平面CDF.
因為D,E分別是棱AA1,CC1的中點,所以A1D∥CE,且A1D=CE,所以四邊形A1ECD是平行四邊形,
故A1E∥CD.
又A1E?平面CDF,CD?平面CDF,
所以A1E∥平面CDF.
又A1B∩A1E=A1,所以平面A1BE∥平面CDF,又BE?平面A1BE,所以BE∥平面CDF.
(2)解 方法一 如圖2,連接AB1,因為四邊形AA1B1B是正方形,所以A1B⊥AB1.
又DF∥A1B,所以AB1⊥DF.
因為△ABC是正三角形,F(xiàn)是AB的中點,
所以CF⊥AB.
又平面AA1B1B⊥平面ABC,平面AA1B1B∩平面ABC=AB,CF?平面ABC,所以CF⊥平面AA1B1B.
而AB1?平面AA1B1B,所以CF⊥AB1,又DF∩CF=F,且DF,CF?平面CDF,
所以AB1⊥平面CDF.
取BB1的中點H,連接HF,HE,
則HF∥AB1,HF⊥平面CDF.
所以∠EFH是直線EF與平面CDF所成角的余角.
設直三棱柱ABC-A1B1C1的棱長為2,則在△EFH中,F(xiàn)H=,EH=EF=2.
所以cos∠EFH==.
故直線EF與平面CDF所成角的正弦值為.
方法二 以點F為坐標原點,BF,CF所在直線分別為x軸,y軸建立如圖3所示的空間直角坐標系.
設直三棱柱ABC-A1B1C1的棱長為2,則F(0,0,0),B(1,0,0),C(0,,0),D(-1,0,1),E(0,,1).
圖3
所以=(0,,0),=(-1,0,1).
設平面CDF的法向量為n=(x,y,z),則所以
則n=(1,0,1)為平面CDF的一個法向量,
又=(0,,1).
所以cos〈,n〉===.
故直線EF與平面CDF所成角的正弦值為.
3.如圖,在四面體ABCD中,O是BD的中點,CA=CB=CD=BD=2,AB=AD=,連接AO.
(1)求證:AO⊥平面BCD;
(2)求直線AB與平面ACD所成角的余弦值.
(1)證明 如圖,連接OC,因為AB=AD,O是線段BD的中點,所以AO⊥BD,同理可得CO⊥BD.
又在△ABD中,AB=AD=,BD=2,所以AO=1,
在△BCD中,CB=CD=BD=2,所以CO=,又AC=2,
所以AO2+OC2=AC2,所以∠AOC=90,即AO⊥OC.
又OC∩BD=O,OC,BD?平面BCD,
所以AO⊥平面BCD.
(2)解 方法一 如圖,過點B作BM⊥平面ACD于點M,連接AM,則∠BAM為直線AB與平面ACD所成的角,
由VA-BCD=VB-ACD,可得AOS△BCD=BMS△ACD,
因為AO=1,S△BCD=2=,
S△ACD==,
所以BM=.
在Rt△AMB中,AM==.
所以cos∠BAM==.
所以直線AB與平面ACD所成角的余弦值為.
方法二 以O為坐標原點,OB,OC,OA所在直線分別為x軸,y軸,z軸,建立如圖所示的空間直角坐標系,則B(1,0,0),D(-1,0,0),C(0,,0),A(0,0,1).
所以=(-1,0,-1),=(0,,-1),
設平面ACD的法向量為n=(x,y,z),
則
所以
令y=1,得n=(-,1,)是平面ACD的一個法向量.
又=(1,0,-1),
所以cos〈n,〉==-,
故直線AB與平面ACD所成角的余弦值為=.
4.在如圖所示的直三棱柱ABC-A1B1C1中,D,E分別是BC,A1B1的中點.
(1)求證:DE∥平面ACC1A1;
(2)若AB⊥BC,AB=BC,∠ACB1=60,求直線BC與平面AB1C所成角的正切值.
(1)證明 取AB中點F,連接DF,EF.
在△ABC中,因為D,F(xiàn)分別為BC,AB的中點,
所以DF∥AC,又DF?平面ACC1A1,AC?平面ACC1A1,所以DF∥平面ACC1A1.
在矩形ABB1A1中,因為E,F(xiàn)分別為A1B1,AB的中點,
所以EF∥AA1,又EF?平面ACC1A1,
AA1?平面ACC1A1,所以EF∥平面ACC1A1.
因為DF∩EF=F,所以平面DEF∥平面ACC1A1.
因為DE?平面DEF,故DE∥平面ACC1A1.
(2)解 因為三棱柱ABC-A1B1C1為直三棱柱,
所以BC⊥BB1,
又AB⊥BC,AB∩BB1=B,所以BC⊥平面ABB1A1.
因為AB=BC,BB1=BB1,
所以△ABB1≌△CBB1,AB1=CB1,
又∠ACB1=60,所以△AB1C為正三角形,
所以AB1==AC=AB,所以BB1=AB.
取AB1的中點O,連接BO,CO,
所以AB1⊥BO,AB1⊥CO,
所以AB1⊥平面BCO,
所以平面AB1C⊥平面BCO,點B在平面AB1C上的射影在CO上,
所以∠BCO即為直線BC與平面AB1C所成的角.
在Rt△BCO中,BO=AB=BC,
所以tan∠BCO==.
5.如圖,在三棱錐D-ABC中,DA=DB=DC,點D在底面ABC上的射影為點E,AB⊥BC,DF⊥AB于點F.
(1)求證:平面ABD⊥平面DEF;
(2)若AD⊥DC,AC=4,∠BAC=60,求直線BE與平面DAB所成角的正弦值.
(1)證明 如圖,由題意知DE⊥平面ABC,
所以AB⊥DE,又AB⊥DF,DE∩DF=D,DE,DF?平面DEF,
所以AB⊥平面DEF,
又AB?平面ABD,所以平面ABD⊥平面DEF.
(2)解 方法一 由DA=DB=DC知EA=EB=EC,
所以E是△ABC的外心.
又AB⊥BC,所以E為AC的中點.
過點E作EH⊥DF于點H,
則由(1)知EH⊥平面DAB,
所以∠EBH即為BE與平面DAB所成的角.
由AC=4,∠BAC=60得BE=DE=2,EF=,
所以DF=,EH=,
所以sin∠EBH==.
方法二 如圖建立空間直角坐標系,則A(0,-2,0),D(0,0,2),B(,-1,0),
所以=(0,-2,-2),=(,-1,-2),=(,-1,0),
設平面DAB的法向量為n=(x,y,z),
由得
取n=.
設與n的夾角為θ,
所以cosθ===,
所以BE與平面DAB所成角的正弦值為.
6.如圖,在矩形ABCD中,已知AB=2,AD=4,點E,F(xiàn)分別在AD,BC上,且AE=1,BF=3,將四邊形AEFB沿EF折起,使點B在平面CDEF上的射影H在直線DE上.
(1)求證:CD⊥BE;
(2)求線段BH的長度;
(3)求直線AF與平面EFCD所成角的正弦值.
(1)證明 ∵BH⊥平面CDEF,CD?平面CDEF,
∴BH⊥CD,
又CD⊥DE,BH∩DE=H,BH,DE?平面DBE,
∴CD⊥平面DBE,又BE?平面DBE,∴CD⊥BE.
方法一
(2)解 設BH=h,EH=k,過F作FG垂直ED于點G,連接FH,BE.
∵線段BE,BF在翻折過程中長度不變,根據(jù)勾股定理得
即解得
∴線段BH的長度為2.
(3)解 延長BA交EF于點M,
∵AE∶BF=MA∶MB=1∶3,
∴點A到平面EFCD的距離為點B到平面EFCD距離的,
∴點A到平面EFCD的距離為,而AF=,
設AF與平面EFCD所成角為θ,
∴直線AF與平面EFCD所成角的正弦值為sinθ==.
方法二
(2)解 如圖,過點E作ER∥DC,過點E作ES⊥平面EFCD,分別以ER,ED,ES為x,y,z軸建立空間直角坐標系,
設點B(0,y,z)(y>0,z>0),
由于F(2,2,0),BE=,BF=3,
∴解得于是B(0,1,2),
∴線段BH的長度為2.
(3)解 從而=(-2,-1,2),
故==,
=+=,
設平面EFCD的一個法向量為n=(0,0,1),直線AF與平面EFCD所成角的大小為θ,
則sinθ==.