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1、◆+◆◆二〇一九高考數(shù)學(xué)學(xué)習(xí)資料◆+◆◆ 第5章　解三角形與平面向量 學(xué)案22　正弦定理和余弦定理 導(dǎo)學(xué)目標(biāo)： 1.利用正弦定理、余弦定理進(jìn)行邊角轉(zhuǎn)化，進(jìn)而進(jìn)行恒等變換解決問(wèn)題.2.掌握正弦定理、余弦定理，并能解決一些簡(jiǎn)單的三角形度量問(wèn)題． 自主梳理 1．三角形的有關(guān)性質(zhì) (1)在△ABC中，A＋B＋C＝____； (2)a＋b____c，a－bb?sin A____sin B?A____B； (4)三角形面積公式：S△ABC＝ah＝absin C ＝acsin B＝____________________； (5)在三角形中有：sin 2A＝sin

2、 2B?A＝B或______________?三角形為等腰或直角三角形； sin(A＋B)＝sin C，sin ＝cos . 2．正弦定理和余弦定理 定理 正弦定理 余弦定理 內(nèi)容 ________________＝2R a2＝____________， b2＝____________， c2＝____________ 變形 形式 ①a＝________， b＝________， c＝________； ②sin A＝________， sin B＝________， sin C＝________； ③a∶b∶c＝________； ④＝ cos

3、A＝____________________； cos B＝____________________； cos C＝____________________ 解決 的問(wèn)題 ①已知兩角和任一邊，求另一角和其他兩條邊． ②已知兩邊和其中一邊的對(duì)角，求另一邊和其他兩角． ①已知三邊，求各角； ②已知兩邊和它們的夾角，求第三邊和其他兩個(gè)角. 自我檢測(cè) 1．(2010·上海改編)若△ABC的三個(gè)內(nèi)角滿足sin A∶sin B∶sin C＝5∶11∶13，則a∶b∶c＝________. 2．(2010·天津改編)在△ABC中，內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別是a，b，c，若a2－b2＝

4、bc，sin C＝2sin B，則A＝________. 3．(2010·煙臺(tái)一模)在△ABC中，A＝60°，b＝1，△ABC的面積為，則邊a的值為_(kāi)_______． 4．(2010·山東)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c.若a＝，b＝2，sin B＋cos B＝，則角A的大小為_(kāi)_______． 5．(2010·北京)在△ABC中，若b＝1，c＝，C＝，則a＝________. 探究點(diǎn)一　正弦定理的應(yīng)用 例1　(1)在△ABC中，a＝，b＝，B＝45°，求角A、C和邊c； (2)在△ABC中，a＝8，B＝60°，C＝75°，求邊b和c. 變

5、式遷移1　(1)在△ABC中，若tan A＝，C＝150°，BC＝1，則AB＝________； (2)在△ABC中，若a＝50，b＝25，A＝45°，則B＝________. 探究點(diǎn)二　余弦定理的應(yīng)用 例2　已知a、b、c分別是△ABC中角A、B、C的對(duì)邊，且a2＋c2－b2＝ac. (1)求角B的大?。? (2)若c＝3a，求tan A的值． 變式遷移2　在△ABC中，a、b、c分別為A、B、C的對(duì)邊，B＝，b＝，a＋c＝4，求a. 探究點(diǎn)三　正余弦定理的綜合應(yīng)用 例3　在△ABC中，a、b、c分別表示三個(gè)內(nèi)角A、B、C的對(duì)邊，如果(a2＋b2

6、)sin(A－B)＝(a2－b2)sin(A＋B)，試判斷該三角形的形狀． 變式遷移3　(2010·天津)在△ABC中，＝. (1)證明：B＝C； (2)若cos A＝－，求sin的值． 1．解斜三角形可以看成是三角變換的延續(xù)和應(yīng)用，用到三角變換的基本方法，同時(shí)它是對(duì)正、余弦定理，三角形面積公式等的綜合應(yīng)用． 2．在利用正弦定理解已知三角形的兩邊和其中一邊的對(duì)角，求另一邊的對(duì)角，進(jìn)而求出其他的邊和角時(shí)，有可能出現(xiàn)一解、兩解或無(wú)解的情況，應(yīng)結(jié)合圖形并根據(jù)“三角形中大邊對(duì)大角”來(lái)判斷解的情況，作出正確取舍． 3．在解三角形中的三角變換問(wèn)題時(shí)，要注意兩

7、點(diǎn)：一是要用到三角形的內(nèi)角和及正、余弦定理，二是要用到三角變換、三角恒等變形的原則和方法．“化繁為簡(jiǎn)”“化異為同”是解此類問(wèn)題的突破口． (滿分：90分) 一、填空題(每小題6分，共48分) 1．(2010·湖北改編)在△ABC中，a＝15，b＝10，A＝60°，則cos B＝________. 2．在△ABC中，AB＝3，AC＝2，BC＝，則·＝________. 3．在△ABC中，sin2＝(a，b，c分別為角A，B，C的對(duì)邊)，則△ABC的形狀為_(kāi)_______． 4．(2011·蘇州調(diào)研)在△ABC中，若A＝60°，BC＝4，AC＝4，則角B的大小為_(kāi)_______． 5

8、．(2010·湖南改編)在△ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊長(zhǎng)分別為a，b，c，若C＝120°，c＝a，則a，b的大小關(guān)系為_(kāi)_______． 6．在△ABC中，B＝60°，b2＝ac，則△ABC的形狀為_(kāi)_____________． 7．(2010·廣東)已知a，b，c分別是△ABC的三個(gè)內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊，若a＝1，b＝，A＋C＝2B，則sin C＝________. 8．(2010·福建龍巖高三一模)在銳角△ABC中，AD⊥BC，垂足為D，且BD∶DC∶AD＝2∶3∶6，則∠BAC的大小為_(kāi)_______． 二、解答題(共42分) 9．(14分)(2009·浙江)在△ABC中

9、，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，且滿足cos＝，·＝3. (1)求△ABC的面積； (2)若b＋c＝6，求a的值． 10．(14分)(2010·陜西)在△ABC中，已知B＝45°，D是BC邊上的一點(diǎn)，AD＝10，AC＝14，DC＝6，求AB的長(zhǎng)． 11．(14分)(2010·重慶)設(shè)△ABC的內(nèi)角A、B、C的對(duì)邊長(zhǎng)分別為a、b、c，且3b2＋3c2－3a2＝4bc. (1)求sin A的值； (2)求的值． 答案 自主梳理 1．(1)π　(2)>　(3)>　>　(4)bcsin A　(5)A＋B＝　2.＝＝　b2＋c2－

10、2bccos A　a2＋c2－2accos B　a2＋b2－2abcos C　2Rsin A　2Rsin B　2Rsin C 　　　sin A∶sin B∶sin C　　　 自我檢測(cè) 1．5∶11∶13　2.30°　3.　4. 5．1 解析　方法一　由正弦定理，有＝， ∴sin B＝.∵C為鈍角，∴B必為銳角，∴B＝， ∴A＝.∴a＝b＝1. 方法二　由余弦定理c2＝a2＋b2－2abcos C得， 3＝a2＋a＋1，即a2＋a－2＝0， 解得a＝1，a＝－2(舍去)． 課堂活動(dòng)區(qū) 例1　解題導(dǎo)引　已知三角形的兩邊和其中一邊的對(duì)角，可利用正弦定理求其他的角和邊，但要注意

11、對(duì)解的情況進(jìn)行判斷，這類問(wèn)題往往有一解、兩解、無(wú)解三種情況．具體判斷方法如下：在△ABC中，已知a、b和A，求B.若A為銳角，①當(dāng)a≥b時(shí)，有一解；②當(dāng)a＝bsin A時(shí)，有一解；③當(dāng)bsin Ab時(shí)，有一解；②當(dāng)a≤b時(shí)，無(wú)解． 解　(1)由正弦定理＝得，sin A＝. ∵a>b，∴A>B，∴A＝60°或A＝120°. 當(dāng)A＝60°時(shí)，C＝180°－45°－60°＝75°， c＝＝； 當(dāng)A＝120°時(shí)，C＝180°－45°－120°＝15°， c＝＝. 綜上，A＝60°，C＝75°，c＝， 或A＝12

12、0°，C＝15°，c＝. (2)∵B＝60°，C＝75°，∴A＝45°. 由正弦定理＝＝， 得b＝＝4，c＝＝4＋4. ∴b＝4，c＝4＋4. 變式遷移1　(1)　(2)60°或120° 解析　(1)∵在△ABC中，tan A＝，C＝150°， ∴A為銳角，∴sin A＝.又∵BC＝1. ∴根據(jù)正弦定理得AB＝＝. (2)由b>a，得B>A，由＝， 得sin B＝＝×＝， ∵0°

13、a. 由余弦定理，得cos A＝＝. ∵0a，∴B>A， ∴cos A＝＝.∴tan A＝＝. 方法三　∵c＝3a，由正弦定理，得sin C＝3sin A. ∵B＝，∴C＝π－(A＋B)＝－A， ∴sin(－A)＝3sin A， ∴sincos A－cossin A＝3sin A， ∴cos A＋sin A＝3sin A， ∴5sin A＝cos A，∴tan A＝＝. 變

14、式遷移2　解　由余弦定理得，b2＝a2＋c2－2accos B ＝a2＋c2－2accosπ＝a2＋c2＋ac＝(a＋c)2－ac. 又∵a＋c＝4，b＝，∴ac＝3， 聯(lián)立，解得a＝1，c＝3，或a＝3，c＝1. ∴a等于1或3. 例3　解題導(dǎo)引　利用正弦定理或余弦定理進(jìn)行邊角互化，轉(zhuǎn)化為邊邊關(guān)系或角角關(guān)系． 解　方法一　∵(a2＋b2)sin(A－B)＝(a2－b2)sin(A＋B) ?a2[sin(A－B)－sin(A＋B)] ＝b2[－sin(A＋B)－sin(A－B)]， ∴2a2cos Asin B＝2b2cos Bsin A， 由正弦定理，得sin2Acos

15、Asin B＝sin2Bcos Bsin A， ∴sin Asin B(sin Acos A－sin Bcos B)＝0， ∴sin 2A＝sin 2B，由0<2A<2π，0<2B<2π， 得2A＝2B或2A＝π－2B， 即△ABC是等腰三角形或直角三角形． 方法二　同方法一可得2a2cos Asin B＝2b2cos Bsin A， 由正、余弦定理，即得 a2b×＝b2a×， ∴a2(b2＋c2－a2)＝b2(a2＋c2－b2)， 即(a2－b2)(c2－a2－b2)＝0，∴a＝b或c2＝a2＋b2， ∴三角形為等腰三角形或直角三角形． 變式遷移3　(1)證明　在△AB

16、C中，由正弦定理及已知得 ＝.于是sin Bcos C－cos Bsin C＝0， 即sin(B－C)＝0.因?yàn)椋?B－C<π，從而B－C＝0. 所以B＝C. (2)解　由A＋B＋C＝π和(1)得A＝π－2B， 故cos 2B＝－cos(π－2B)＝－cos A＝. 又0<2B<π，于是sin 2B＝＝. 從而sin 4B＝2sin 2Bcos 2B＝， cos 4B＝cos22B－sin22B＝－. 所以sin＝sin 4Bcos ＋cos 4Bsin ＝. 課后練習(xí)區(qū) 1. 解析　根據(jù)正弦定理＝， 可得＝，解得sin B＝， 又因?yàn)閎

17、銳角， 所以cos B＝＝. 2. 解析　由余弦定理得，cos A＝＝＝，∴·＝3×2×＝. 3．直角三角形 解析　∵sin2＝＝， ∴cos A＝＝?a2＋b2＝c2，符合勾股定理， 即△ABC為直角三角形． 4．45° 解析　∵BC>AC，∴A>B，所以角B是銳角， 由正弦定理得，＝， 即sin B＝＝＝，所以B＝45°. 5．a(chǎn)>b 解析　因?yàn)镃＝120°，c＝a， 所以c2＝a2＋b2－2abcos C,2a2＝a2＋b2－2ab. 所以a2－b2＝ab，a－b＝，因?yàn)閍>0，b>0， 所以a－b＝>0，所以a>b. 6．等邊三角形 解析　∵b2＝a

18、2＋c2－2accos B，∴ac＝a2＋c2－ac， ∴(a－c)2＝0，∴a＝c，又B＝60°， ∴△ABC為等邊三角形． 7．1 解析　由A＋C＝2B及A＋B＋C＝180°知，B＝60°. 由正弦定理知，＝，即sin A＝. 由a

19、sin A＝.……………………………………………………(5分) 又由·＝3得bccos A＝3，所以bc＝5， 因此S△ABC＝bcsin A＝2.…………………………………………………………………(9分) (2)由(1)知，bc＝5，又b＋c＝6， 由余弦定理，得a2＝b2＋c2－2bccos A＝(b＋c)2－bc＝20，所以a＝2.………(14分) 10．解　在△ADC中，AD＝10，AC＝14，DC＝6， 由余弦定理得， cos∠ADC＝ ＝＝－，…………………………………………………………………(6分) ∴∠ADC＝120°，∠ADB＝60°.………………………

20、…………………………………(8分) 在△ABD中，AD＝10，B＝45°， ∠ADB＝60°， 由正弦定理得＝， ∴AB＝＝ ＝＝5.…………………………………………………………………………(14分) 11．解　(1)∵3b2＋3c2－3a2＝4bc， ∴b2＋c2－a2＝bc. 由余弦定理得，cos A＝＝，……………………………………………(4分) 又0