2016年高考物理高考復(fù)習(xí).docx
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2016年高考物理復(fù)習(xí) 但這些知識總體感覺是比較零散的，在知識的綜合應(yīng)用方面仍存在較大的問題。所以復(fù)習(xí)的目標(biāo)應(yīng)定位為：融會貫通知識、鎖定高考考點、突破熱點重點、強(qiáng)化弱點難點。 要采取扎實有效的措施——扎實有效的措施是搞好復(fù)習(xí)的保障 1．二輪復(fù)習(xí)主要從知識專題和方法專題兩方面開展 (1)知識專題突破 通過復(fù)習(xí)知識專題，掌握物理概念及其相互關(guān)系，熟練掌握物理規(guī)律、公式及應(yīng)用；加強(qiáng)高考熱點題型研究，訓(xùn)練解題規(guī)范和答題速度；總結(jié)解題方法與技巧，從而提高分析和解決問題的能力。 主干內(nèi)容：牛頓運(yùn)動定律和運(yùn)動學(xué)公式的應(yīng)用；功能關(guān)系的應(yīng)用；帶電粒子在電場和磁場中的運(yùn)動；電磁感應(yīng)及其綜合應(yīng)用；力學(xué)和電學(xué)實驗；熱學(xué)、機(jī)械振動和機(jī)械波、光學(xué)、原子物理和動量等基本內(nèi)容。 (2)方法技巧專題訓(xùn)練 通過專題訓(xùn)練，進(jìn)一步強(qiáng)化圖象法、類比法、等效法、對稱法等常用方法在解決物理問題中的應(yīng)用，理解這些方法應(yīng)用的意義和技巧。 2．專題復(fù)習(xí)的具體措施 (1)構(gòu)建知識網(wǎng)絡(luò) 基本概念和基本規(guī)律是高考考查的重點，而高考命題對同一知識點的考查往往是跨度大、涉及面廣、綜合性強(qiáng)，所以復(fù)習(xí)要在強(qiáng)化重點知識的同時，要搞清知識點之間的內(nèi)在聯(lián)系，串聯(lián)相關(guān)內(nèi)容，形成思維圖線，提高綜合運(yùn)用知識的能力。 (2)查漏補(bǔ)缺 回歸教材 強(qiáng)化高考熱點訓(xùn)練，使自己的薄弱環(huán)節(jié)得到強(qiáng)化。 回歸教材要注意幾點：①問題化：把每一節(jié)所講的內(nèi)容問題化，看看這一節(jié)教材中講了哪幾個問題；②重點化：對重要概念、規(guī)律、方法進(jìn)行歸納與總結(jié)；③要點化：把重點問題列成一個個的要點；④系統(tǒng)化：建立這一章的知識與前后知識的聯(lián)系。 (3)加強(qiáng)高考熱點題型的研究 選擇題：根據(jù)各省高考對選擇題的考查熱點，找準(zhǔn)交叉點設(shè)計例題和針對訓(xùn)練。同時在做題中注意總結(jié)選擇題的解題方法。 實驗題：高考實驗題以其靈活性和探究性成為高考得分的難點，因此要注意：①加強(qiáng)對基本儀器使用能力的培養(yǎng)；②加強(qiáng)實物連線，實驗步驟排序、糾錯、補(bǔ)漏，實驗誤差的排除等；③加強(qiáng)對實驗數(shù)據(jù)的分析處理能力的訓(xùn)練：分析推理、數(shù)據(jù)處理方法、誤差分析等；④重視對實驗的思想方法及原理的深刻理解和熟練掌握。 計算題：也可以分為兩大類：力學(xué)計算題和電學(xué)計算題。重點要學(xué)會審題；學(xué)會分析物理狀態(tài)、物理過程和物理情景；學(xué)會建立物理模型和選擇物理規(guī)律；學(xué)會總結(jié)解題思路，歸納解題方法。 (4)構(gòu)建物理模型 學(xué)會發(fā)散思維 在對典型物理問題的復(fù)習(xí)中，通過解題訓(xùn)練來提高能力、掌握方法，促進(jìn)對基本方法的掌握，僅僅如此是不夠的，還要做到以下幾點： ①加深對概念、規(guī)律的理解還要對知識進(jìn)行拓展； ②反思、總結(jié)和歸納出一些解題的思路、方法； ③在頭腦中“沉淀”一些典型的物理模型。 要掌握增分的策略——掌握增分策略是贏得高考的法寶 1．在錯題中查找、彌補(bǔ)知識漏洞，加強(qiáng)薄弱環(huán)節(jié) 2．復(fù)習(xí)中要“小題大做” 3．加強(qiáng)審題和解題的規(guī)范性訓(xùn)練 4．重視應(yīng)試針對性訓(xùn)練 (1)限時訓(xùn)練。要求在規(guī)定的時間里完成一套試卷，檢測完成的數(shù)量和質(zhì)量。多次實踐后，領(lǐng)悟答卷的時間安排、做題次序、宏觀把握等策略。 (2)記憶訓(xùn)練。物理中有許多內(nèi)容需要記憶，特別是選考模塊的內(nèi)容，知識體系的構(gòu)建也是整體記憶過程。 (3)反思訓(xùn)練。借助糾錯本實現(xiàn)自我反思，剖析原因，分類整理，自我評價，重視積累，總結(jié)得失。 第一步 研考綱，悉考情 鎖定高考風(fēng)向標(biāo) 1.考綱要研讀，考情要洞悉 以2015年高考新課標(biāo)物理《考試大綱》為例，較2014年有兩處改動：①在選修模塊3－3“分子動理論與統(tǒng)計觀點”主題的說明中，刪除了“定性了解”這段文字。②在選修模塊3－4“光”主題的說明中，刪除了“相對折射率作要求”這段文字。有關(guān)高考內(nèi)容范圍及要求如下： 表1 必考內(nèi)容范圍及要求 表2 選考內(nèi)容范圍及要求 2.研究命題趨勢，確定復(fù)習(xí)方向 第二步 注重方法與技巧 搶取高分有策略 一、選擇題——把握好選擇題做到零失分 1、選擇題中的高頻考點 (1)力與物體的平衡 (2)牛頓運(yùn)動定律與直線運(yùn)動 (3)萬有引力與航天 (4)直流電路的分析(5)電場及帶電粒子在電場中的運(yùn)動(6)曲線運(yùn)動 (7)帶電粒子在磁場中的運(yùn)動及帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動(8)功和能 (9)電磁感應(yīng)規(guī)律及應(yīng)用(10)交變電流的產(chǎn)生及變壓器原理 2、應(yīng)試選擇題的原則 （1）不要挑題做，一道題的用時不超過3分鐘 ； （2）仔細(xì)審題，抓住題干中的關(guān)鍵字、詞、句的物理含義； （3）選出正確答案，當(dāng)某一項不能確定時，寧可少選也不錯選； （4）檢查答案是否合理，與題意是否相符。 3、突破技法 直接判斷法——常識性題目 1．[2015西安83中二模](多選)伽利略開創(chuàng)了實驗研究和邏輯推理相結(jié)合探索物理規(guī)律的科學(xué)方法，利用這種方法伽利略發(fā)現(xiàn)的規(guī)律有( ) A．力不是維持物體運(yùn)動的原因 B．物體之間普遍存在相互吸引力 C．忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快 D．物體間的相互作用力總是大小相等，方向相反 [解析] 伽利略用理想斜面實驗指出力不是維持物體運(yùn)動的原因，A選項正確；萬有引力是牛頓提出的，B選項錯誤；伽利略在研究自由落體運(yùn)動時指出忽略空氣阻力，重物與輕物下落得同樣快，C選項正確；牛頓第三定律總結(jié)了作用力和反作用力的關(guān)系，D選項錯誤。 [答案] AC 比較排除法 2．[2013佳木斯一模]如圖所示，A是一邊長為L的正方形導(dǎo)線框。虛線框內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場寬度為3L。線框的bc邊與磁場左右邊界平行且與磁場左邊界的距離為L?，F(xiàn)維持線框以恒定的速度v沿x軸正方向運(yùn)動。規(guī)定磁場對線框作用力沿x軸正方向為正，且在圖示位置時為計時起點，則在線框穿過磁場的過程中，磁場對線框的作用力隨時間變化的圖象，正確的是( ) [解析] 線圈在磁場中切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流時，磁場對線圈的安培力對線圈的運(yùn)動起阻礙作用，所以方向與運(yùn)動方向相反，沿x軸負(fù)方向，因規(guī)定磁場對線框作用力沿x軸正方向時為正，則此題安培力應(yīng)為負(fù)方向，排除A、D選項。因線框ad邊也進(jìn)入磁場時，線框內(nèi)無感應(yīng)電流，磁場對線框無作用力，排除C選項，故B正確。 [答案] B 極限分析法——適用于題干中所涉及的物理量 3．(多選)如圖讓小球由傾角為θ的光滑斜面滑下，然后在不同的θ角的條件下進(jìn)行多次實驗，最后推理出自由落體運(yùn)動是一種勻加速直線運(yùn)動。分析該實驗可知，圖中關(guān)于小球?qū)π泵娴膲毫、小球運(yùn)動的加速度a隨θ變化的圖象正確的是( ) [解析] 本題是小球在不同傾角下的勻變速直線運(yùn)動，應(yīng)該由牛頓第二定律列式求解。實際上，只要將θ推向兩個極端，就能迅速判斷出正確選項。當(dāng)θ→0時，小球?qū)π泵娴膲毫→mg，小球運(yùn)動的加速度a→0；當(dāng)θ→90時，小球?qū)π泵娴膲毫→0，小球運(yùn)動的加速度a→g，綜合兩極限狀態(tài)，不難判斷選項B、D正確。 [答案] BD 結(jié)論法 4．[2015株洲統(tǒng)測]如圖，軌道Ⅰ和Ⅱ長度相等。用相同的水平恒力將穿在軌道最低點B的靜止小球，分別沿Ⅰ和Ⅱ推至最高點A，動能增量分別為ΔEk1、ΔEk2。假定球在經(jīng)過軌道轉(zhuǎn)折點前后速度大小不變，且球與Ⅰ、Ⅱ軌道間的動摩擦因數(shù)相等，則( ) A．ΔEk1＝ΔEk2 B．ΔEk1<ΔEk2 C．ΔEk1>ΔEk2 D．無法比較ΔEk1、ΔEk2 [解析] 小球從最低點到最高點受到摩擦力做功：Wf＝μmgcosαL＝μmgx水平，摩擦力做的功與斜面傾角無關(guān)，水平推力為恒力，水平位移相同，所以推力做功相等，根據(jù)動能定理可知，球到達(dá)A點時的速率相同，動能相等，因此A正確。 [答案] A 作圖分析法 5．[2015山西四校聯(lián)考]如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，在t＝0時刻，一不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，粒子射入電場時的速度為v0，t＝T時刻粒子剛好沿MN板右邊緣射出電場。則( ) A．該粒子射出電場時的速度方向一定是沿垂直電場方向的 B．在t＝T/2時刻，該粒子的速度大小為2v0 C．若該粒子在T/2時刻以速度v0進(jìn)入電場，則粒子會打在板上 D．若該粒子的入射速度變?yōu)?v0，則該粒子仍在t＝T時刻射出電場 [解析] t＝0時刻粒子射入電場時速度為v0，t＝T時刻剛好沿MN板右邊緣射出電場，則由Et圖畫出沿電場方向的vyt圖。 由圖知t＝T時刻vy＝0，則射出電場時速度方向一定垂直電場方向。若該粒子在時刻以v0射入電場，沿電場方向的vyt圖為 ，則時間T也垂直電場射出，故A正確，C錯誤。前后兩段運(yùn)動的時間相等，時將速度分解，設(shè)板長為l，由類平拋運(yùn)動規(guī)律可得：l＝v0T，l＝vT，則v＝v0，則時刻該粒子的速度為v0，選項B錯誤；若該粒子的入射速度變?yōu)?v0，粒子在場中運(yùn)動的時間t＝＝，選項D錯誤。 [答案] A 估算求解法——簡化運(yùn)算 6. 如圖，在鐵芯上、下分別繞有匝數(shù)n1＝800和n2＝200的兩個線圈，上線圈兩端與u＝51sin314t V的交流電源相連，將下線圈兩端接交流電壓表，則交流電壓表的讀數(shù)可能是 ( ) A．2.0 V B．9.0 V C．12.7 V D．144.0 V [解析] 由題意知原線圈的有效值為U1＝ V，若磁通量無損失，則根據(jù)＝，計算得U2＝ V＝9.0 V。因鐵芯不是閉合的，考慮到漏磁的影響，n2線圈兩端電壓的有效值應(yīng)小于9 V，故只有選項A正確。 [答案] A 逆向思維法 7．[2015安徽六校聯(lián)考]如圖，一種射線管由平行金屬板A、B和細(xì)管C組成。放射源O在A極板左端，可以向各個方向發(fā)射不同速度、質(zhì)量為m、電荷量為e的電子。若極板長為L，間距為d。當(dāng)A、B板加上電壓U時，只有某一速度的電子能從細(xì)管C水平射出，細(xì)管C離兩板等距。則從放射源O發(fā)射出的電子的這一速度為( ) A. B. C. D. [解析] 該題利用逆向思維，從細(xì)管C處水平射入板間一粒子到達(dá)O，求到達(dá)O處的速度。 水平方向：L＝v0t?、伲Q直方向：＝t?、?，①②聯(lián)立得vy＝v0。豎直方向還可以利用＝at2＝，得v0＝，代入vy＝v0得vy＝＝。所以到達(dá)O處速度v＝＝，故C選項正確。 [答案] C 特例賦值法——投機(jī)取巧 8．[2013安徽高考]如圖，細(xì)線的一端系一質(zhì)量為m的小球，另一端固定在傾角為θ的光滑斜面體頂端，細(xì)線與斜面平行。在斜面體以加速度a水平向右做勻加速直線運(yùn)動的過程中，小球始終靜止在斜面上，小球受到細(xì)線的拉力T和斜面的支持力FN分別為(重力加速度為g)( ) A．T＝m(gsinθ＋acosθ)，F(xiàn)N＝m(gcosθ－asinθ) B．T＝m(gcosθ＋asinθ)，F(xiàn)N＝m(gsinθ－acosθ) C．T＝m(acosθ－gsinθ)，F(xiàn)N＝m(gcosθ＋asinθ) D．T＝m(asinθ－gcosθ)，F(xiàn)N＝m(gsinθ＋acosθ) [解析] 一般的求解方法是分解力或加速度后，再應(yīng)用牛頓第二定律列式求解，其實用特殊值代入法更簡單，當(dāng)加速度a＝0時，小球受到細(xì)線的拉力T不為零也不可能為負(fù)值，所以排除選項C、D；當(dāng)加速度a＝gcotθ時，小球?qū)㈦x開斜面，斜面的支持力FN＝0，排除選項B，故選項A正確。 [答案] A 整體、隔離法 9. [2015黑龍江綏化一模](多選)如圖所示，A、B兩物體的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在水平地面上。A、B間的動摩擦因數(shù)為μ，B與地面間的動摩擦因數(shù)為μ。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g?，F(xiàn)對A施加一水平拉力F，則( ) A．當(dāng)F＜2μmg時，A、B都相對地面靜止 B．當(dāng)F＝μmg時，A的加速度為μg C．當(dāng)F＞3μmg時，A相對B滑動 D．無論F為何值，B的加速度不會超過μg [解析] 對A、B整體，地面對B的最大靜摩擦力為μmg，故當(dāng)μmg＜F＜2μmg時，A、B相對地面運(yùn)動，故A錯。對A、B整體應(yīng)用牛頓第二定律，有F－3mg＝3ma；對B，在A、B恰好要發(fā)生相對運(yùn)動時，μ2mg－3mg＝ma，兩式聯(lián)立解得F＝3μmg，可見，當(dāng)F＞3μmg時，A相對B才能滑動，C對。當(dāng)F＝μmg時，A、B相對靜止，對整體有：μmg－3mg＝3ma，a＝μg，故B正確。無論F為何值，B所受最大的動力為A對B的最大靜摩擦力2μmg，故B的最大加速度aBm＝＝μg，可見D正確。 [答案] BCD 補(bǔ)償思維法——解題所需的條件不足，我們補(bǔ)償另外條件 10．[2015廊坊質(zhì)檢]如右圖所示的空間存在一有界的勻強(qiáng)磁場，其方向為垂直于紙面向里，磁場的右邊界為MN，左側(cè)范圍足夠大，在MN右側(cè)有一矩形金屬線圈abcd，ab邊與MN重合?，F(xiàn)使線圈以ab邊為軸按圖示方向勻速轉(zhuǎn)動，將a、b兩端連到示波器的輸入端，若電流從a到b為正，從cd進(jìn)入磁場開始計時，則從示波器觀察到的ab中電流隨時間變化的規(guī)律是( ) [解析] 若在MN右側(cè)補(bǔ)償大小、方向與MN左側(cè)均相同的足夠大的勻強(qiáng)磁場，矩形金屬線圈abcd在整個勻強(qiáng)磁場中從線圈平面與磁場平行的位置開始轉(zhuǎn)動，金屬線圈的電流隨時間變化的規(guī)律是一個完整的余弦曲線，由楞次定律可得電流方向為從b到a，金屬線圈的電流隨時間變化的圖象如圖甲所示；而實際上矩形金屬線圈abcd轉(zhuǎn)動一周的過程中，只有前半周在磁場中切割磁場產(chǎn)生電流，故將圖中后半個周期對應(yīng)的圖象切去后即可，如圖乙所示，故答案為D。 [答案] D 第三步 切要害，重拾錯 增強(qiáng)自信少丟分 忽視物理單位和數(shù)量級 [典例] 如圖，質(zhì)量為M、傾角為θ的斜面體A放于水平地面上，把質(zhì)量為m的小滑塊B放在斜面體A的頂端，頂端的高度為h。開始時兩者保持相對靜止，然后B由A的頂端沿著斜面滑至地面。若以地面為參考系，且忽略一切摩擦，在此過程中，斜面的支持力對B所做的功為W。下面給出的W的四個表達(dá)式中，只有一個是合理的，你可能不會求解，但是你可以通過分析，對下列表達(dá)式作出合理的判斷。根據(jù)你的判斷，W的合理表達(dá)式應(yīng)為( ) A．W＝0 B．W＝－g C．W＝g D．W＝－g [正解] B 首先能判定W為負(fù)功，排除A、C選項，D選項單位不是J，所以B選項正確。 基本概念、基本規(guī)律理解模糊 [典例] 兩帶電量分別為q和－q的點電荷放在x軸上，相距為L，能正確反映兩電荷連線上場強(qiáng)大小E與x關(guān)系的是圖( ) [正解] A 電場強(qiáng)度為矢量，等量異種電荷連線上場強(qiáng)方向由正電荷指向負(fù)電荷，大小沒有為零的地方，排除B、D，由電場線分布的對稱性知A選項正確。 臨界條件判斷錯誤 [典例] (多選)如圖所示，空間有一垂直紙面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0.5 T的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為0.2 kg且足夠長的絕緣木板靜止在光滑水平面上，在木板左端無初速度放置一質(zhì)量為0.1 kg、電荷量q＝＋0.2 C的滑塊，滑塊與絕緣木板之間動摩擦因數(shù)為0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動摩擦力。t＝0時對木板施加方向水平向左、大小為0.6 N的恒力，g取10 m/s2。則( ) A．木板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動 B．滑塊開始做加速度減小的變加速運(yùn)動，最后做速度為10 m/s的勻速運(yùn)動 C．木板先做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動，再做加速度增加的運(yùn)動，最后做加速度為3 m/s2的勻加速運(yùn)動 D．t＝5 s時滑塊和木板未分離且有相對滑動 [正解] CD 滑塊和木板的運(yùn)動過程如圖所示，分析如下：t＝0時，滑塊與木板一起做勻加速直線運(yùn)動，加速度a＝＝2 m/s2，此時滑塊與木板間的靜摩擦力為f＝ma＝0.2 N，小于此時的最大靜摩擦力fmax＝μmg＝0.5 N，所以滑塊與木板能保持相對靜止。根據(jù)題意可知，帶正電的滑塊向左運(yùn)動時受到向上的洛倫茲力、支持力、向下的重力，即qvB＋FN＝mg，隨著滑塊速度逐漸增加，滑塊受到的洛倫茲力qvB逐漸增大，滑塊和木板間的彈力FN逐漸減小，所以滑塊和木板間的最大靜摩擦力逐漸減小，但只要滿足最大靜摩擦力大于0.2 N(彈力大于0.4 N)，即洛倫茲力qvB最大為0.6 N，就能保證滑塊與木板相對靜止，根據(jù)qvB＝0.6 N，可知滑塊和木板能一起加速至6 m/s，即能維持一起加速的時間為3 s，選項A、B均錯；當(dāng)t>3 s后，滑塊和木板開始相對滑動，此時，滑塊加速度小于2 m/s2，當(dāng)t＝5 s時，滑塊速度小于10 m/s，則滑塊和木板未分離且有相對滑動，選項D正確；當(dāng)滑塊受到的洛倫茲力增大到等于滑塊的重力，即qvB＝mg后，滑塊與木板間的彈力為零，滑塊和木板間的滑動摩擦力也為零，木板開始做加速度a＝＝3 m/s2的勻加速直線運(yùn)動，滑塊開始做勻速直線運(yùn)動，選項C正確。 思維定勢 [典例] 如圖所示，用絕緣細(xì)線拴一帶負(fù)電小球，在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動，勻強(qiáng)電場方向豎直向下，則( ) A．當(dāng)小球運(yùn)動到最高點a時，線的張力一定最小 B．當(dāng)小球運(yùn)動到最低點b時，小球速度一定最大 C．當(dāng)小球運(yùn)動到最高點a時，小球的電勢能最小 D．當(dāng)小球運(yùn)動到最高點b時，機(jī)械能守恒 [正解] C 小球帶負(fù)電，所以受電場力Eq方向向上，當(dāng)Eq＝mg時，小球做勻速圓周運(yùn)動，繩的張力及小球速度大小均不變。當(dāng)Eq>mg時，a點速度最大，繩拉力最大。當(dāng)Eq下載提示(請認(rèn)真閱讀)
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