2015高考數(shù)學(xué)(江蘇專用文科)專題3第9講.docx
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2015高考數(shù)學(xué)(江蘇專用文科)專題3第9講.docx
第9講 消元法在解題中的應(yīng)用
[方法精要] 在一些較復(fù)雜的題目中,若含有兩個(gè)或兩個(gè)以上的未知數(shù)時(shí),為了保證先求出其中的一種數(shù)量,往往要通過對某些數(shù)量的比較,設(shè)法先消去一個(gè)或幾個(gè)未知量,從而把一道數(shù)量關(guān)系復(fù)雜的題目變成簡單的題目解出來,這種解題方法就是消元法.
用消元法解題時(shí)注意以下幾點(diǎn):
1.把條件寫成幾個(gè)等式,并排列在一起進(jìn)行比較,如果有一種量的數(shù)相同,就很容易把這種量消去.
2.如果兩種量的數(shù)都不相同,可以用一個(gè)數(shù)去乘等式的兩邊,使其中的一個(gè)量的數(shù)相同然后消去這個(gè)量.
3.解答后,可以把結(jié)果代入條件列出的每一個(gè)等式中計(jì)算,檢驗(yàn)是否符合題意.
題型一 消元法在平面向量中的應(yīng)用
例1 設(shè)=a,=b,=c,=d,=e,且2a=b,c=b+d,2e=3b+4d,求證:點(diǎn)C是線段AE的中點(diǎn).
破題切入點(diǎn) 本題涉及到的向量比較多,觀察結(jié)論,根據(jù)結(jié)論的要求,只需證明c=(a+e),因此,只要不斷消元,即可得到向量c,a,e的關(guān)系.
證明 因?yàn)?a=b,c=b+d,
所以b=2a,d=c-2a,代入2e=3b+4d,
可得2e=32a+4(c-2a),
整理得c=(a+e),
所以點(diǎn)C是線段AE的中點(diǎn).
題型二 消元法在解析幾何中的應(yīng)用
例2 已知雙曲線-=1(a>1,b>0)的焦距為2c,離心率為e,若點(diǎn)(-1,0)與(1,0)到直線-=1的距離之和S≥c,則e的取值范圍是________.
破題切入點(diǎn) 根據(jù)已知的不等式找a,c所滿足的不等式,轉(zhuǎn)化為關(guān)于離心率e的不等式,通過這個(gè)不等式解得雙曲線的離心率的范圍.
答案 [,]
解析 ∵S=+=≥c,
∴2c2≤5ab,即4c4≤25a2(c2-a2),
即4c4-25a2c2+25a4≤0,
即4e4-25e2+25≤0,
解得≤e2≤5,即≤e≤.
總結(jié)提高 消元思想是中學(xué)數(shù)學(xué)的重要思想方法之一,它既可以顯性的表現(xiàn)為具體的技能,如降冪、減少變量的個(gè)數(shù)等,又指導(dǎo)著思維的方向,如對題設(shè)或結(jié)論的簡化意識(shí)等,在解題的動(dòng)態(tài)思維過程中,如能緊扣消元的數(shù)學(xué)思想,重視消元法的應(yīng)用,就會(huì)嘗到柳暗花明又一村帶來的樂趣.
1.已知定義在R上的奇函數(shù)f(x)和偶函數(shù)g(x)滿足f(x)+g(x)=ax-a-x+2(a>0,且a≠1),若g(2)=a,則f(2)的值為________.
答案
解析 因?yàn)閒(x)+g(x)=ax-a-x+2,
則f(-x)+g(-x)=a-x-ax+2,
聯(lián)立可得g(x)=2,
又因?yàn)間(2)=a,故a=2.
因?yàn)閒(2)+g(2)=a2-a-2+2,g(2)=a,
則f(2)=a2-a-2+2-a=22-2-2+2-2=.
2.(2013浙江改編)已知α∈R,sin α+2cos α=,則tan 2α的值為________.
答案?。?
解析 因?yàn)閟in α+2cos α=,
又sin2α+cos2α=1,
聯(lián)立解得或
故tan α==-,或tan α==3,
代入可得tan 2α===-,
或tan 2α===-.
3.設(shè)m>1,在約束條件下,目標(biāo)函數(shù)z=x+my的最大值小于2,則m的取值范圍為________.
答案 (1,1+)
解析 畫出可行域,
或分別解方程組
得到三個(gè)區(qū)域端點(diǎn)(0,0),(,),(,),當(dāng)且僅當(dāng)直線z=x+my過點(diǎn)(,)時(shí),z取到最大值z=<2,解得m∈(1,1+).
4.若橢圓+=1(a>b>0)的離心率e=,右焦點(diǎn)為F(c,0),方程ax2+2bx+c=0的兩個(gè)實(shí)根分別是x1和x2,則點(diǎn)P(x1,x2)到原點(diǎn)的距離為________.
答案
解析 因?yàn)閑==,所以a=2c,
由a2=b2+c2,得=,
x1+x2=-=-,x1x2==,
點(diǎn)P(x1,x2)到原點(diǎn)(0,0)的距離d===.
5.過拋物線y2=8x的焦點(diǎn)F作傾斜角為135的直線交拋物線于A,B兩點(diǎn),則弦AB的長為________.
答案 16
解析 拋物線y2=8x的焦點(diǎn)F的坐標(biāo)為(2,0),直線AB的傾斜角為135,故直線AB的方程為y=-x+2代入拋物線方程y2=8x,得x2-12x+4=0.設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則弦AB的長AB=|x1-x2|=16.
6.拋物線y2=4x的焦點(diǎn)為F,點(diǎn)P(x,y)為該拋物線上的動(dòng)點(diǎn),又點(diǎn)A(-1,0),則的最小值是________.
答案
解析 由題意知x≥0,則焦點(diǎn)F(1,0),PF=x+1,PA==,當(dāng)x=0時(shí),=1;當(dāng)x>0時(shí),1<= ≤ =(當(dāng)且僅當(dāng)x=1時(shí)取等號(hào)).因此當(dāng)x≥0時(shí),1≤≤,≤≤1,的最小值是.
7.已知雙曲線:-=1(a>0,b>0)的離心率e=2,過雙曲線上一點(diǎn)M作直線MA,MB交雙曲線于A,B兩點(diǎn),且斜率分別為k1,k2,若直線AB過原點(diǎn),則k1k2的值為________.
答案 3
解析 由題意知e==2,則b2=3a2,
雙曲線方程可化為3x2-y2=3a2,設(shè)A(m,n),M(x,y),
則B(-m,-n),k1k2==
=
=3.
8.已知圓C1 :x2+y2-2x-2y-2=0和圓C2:x2+y2-4x-4y-1=0,則過兩圓交點(diǎn)的公共弦所在直線方程為________.
答案 2x+2y-1=0
解析 聯(lián)立兩圓的方程,消去二次項(xiàng)即得公共弦所在直線的方程2x+2y-1=0.
9.設(shè)x,y∈R,且xy≠0,則(x2+)(+4y2)的最小值為________.
答案 9
解析 (x2+)(+4y2)=5++4x2y2≥5+2=9,當(dāng)且僅當(dāng)x2y2=時(shí)等號(hào)成立.
10.設(shè)=a,=b,=c,=d,m,n,p,q是不同時(shí)為零的實(shí)數(shù),如果ma+nb+pc+qd=0,且(m+n)2+(p+q)2=0.
求證:A,B,C,D共線或AB∥CD.
證明 因?yàn)?m+n)2+(p+q)2=0,m,n,p,q是不同時(shí)為零的實(shí)數(shù),
∴m=-n,p=-q,
代入ma+nb+pc+qd=0得n(b-a)=-q(d-c)
∴n=q,
∵n≠0,(否則m,p,q均為零),
∴=,
∴∥,
即A,B,C,D共線或AB∥CD.
11.如圖,已知拋物線C:y2=-2px(p>0)上橫坐標(biāo)為-3的一點(diǎn),與其焦點(diǎn)的距離為4.
(1)求p的值;
(2)設(shè)動(dòng)直線y=x+b(b>3)與拋物線C相交于A、B兩點(diǎn),問在直線l:y=2上是否存在與b的取值無關(guān)的定點(diǎn)M,使得∠AMB被直線l平分?若存在,求出點(diǎn)M的坐標(biāo);若不存在,請說明理由.
解 (1)由已知得|-3-|=4,∵p>0,∴p=2.
(2)令A(yù)(x1,y1),B(x2,y2),
設(shè)存在點(diǎn)M(a,2)滿足條件,
由已知得kAM=-kBM,
即有+=0,x1=-,x2=-;
整理得y1y2(y1+y2)+4a(y1+y2)-2(y+y)-16a=0;
由
得y2+4y-4b=0,
即y1+y2=-4,y1y2=-4b,
則-4b(-4)+4a(-4)-2[(-4)2+8b]-16a=0,
∴a=-1,
因此存在點(diǎn)M(-1,2),而當(dāng)b>3時(shí)線段AB在點(diǎn)M(-1,2)的左上方,滿足題意.
12.已知中心在原點(diǎn),焦點(diǎn)在x軸上的橢圓C的離心率為,且經(jīng)過點(diǎn)M(1,).
(1)求橢圓C的方程;
(2)是否存在過點(diǎn)P(2,1)的直線l1與橢圓C相交于不同的兩點(diǎn)A,B,滿足=2?若存在,求出直線l1的方程;若不存在,請說明理由.
解 (1)設(shè)橢圓C的方程為+=1(a>b>0),
由題意得
解得a2=4,b2=3.
故橢圓C的方程為+=1.
(2)假設(shè)存在直線l1且由題意得斜率存在,
設(shè)滿足條件的方程為y=k1(x-2)+1,代入橢圓C的方程得,
(3+4k)x2-8k1(2k1-1)x+16k-16k1-8=0.
因?yàn)橹本€l1與橢圓C相交于不同的兩點(diǎn)A,B,
設(shè)A,B兩點(diǎn)的坐標(biāo)分別為(x1,y1),(x2,y2),
所以Δ=[-8k1(2k1-1)]2-4(3+4k)(16k-16k1-8)=32(6k1+3)>0,
所以k1>-.
又x1+x2=,
x1x2=,
因?yàn)椋?,
即(x1-2)(x2-2)+(y1-1)(y2-1)=,
所以(x1-2)(x2-2)(1+k)=2=.
即[x1x2-2(x1+x2)+4](1+k)=.
所以[-2+4](1+k)
==,解得k1=.
因?yàn)閗1>-,所以k1=.
于是存在直線l1滿足條件,其方程為y=x.