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2022高考物理 刷題增分:選擇題仿真2022Ⅲ卷高考模擬演練(含解析)

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2022高考物理 刷題增分:選擇題仿真2022Ⅲ卷高考模擬演練(含解析)

選擇題仿真2021·Ⅲ卷高考模擬演練 二、選擇題:此題共8小題,每題6分。在每題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求,第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。 14.(2021·天津河西一模)如下列圖,天鏈一號(hào)04星是一顆地球同步衛(wèi)星,它與天鏈一號(hào)02星、03星在圓形軌道2上實(shí)現(xiàn)組網(wǎng)運(yùn)行,可為在近地圓形軌道1上運(yùn)行的天宮二號(hào)提供數(shù)據(jù)中繼與測控效勞。以下說法正確的選項(xiàng)是(  ) A.天鏈一號(hào)04星的最小發(fā)射速度是11.2 km/s B.天鏈一號(hào)04星的運(yùn)行速度小于天宮二號(hào)的運(yùn)行速度 C.為了便于測控,天鏈一號(hào)04星相對于地面靜止于酒泉飛控中心的正上方 D.天鏈一號(hào)04星的運(yùn)行速度可能小于天鏈一號(hào)02星的運(yùn)行速度 解析 天鏈一號(hào)04星是地球的同步衛(wèi)星。其發(fā)射速度應(yīng)大于7.9 km/s,小于11.2 km/s,A錯(cuò)誤;根據(jù)v=可知B正確;同步衛(wèi)星只能定點(diǎn)于赤道上空,C錯(cuò)誤;04星與02星在同一軌道上運(yùn)行,運(yùn)行速度應(yīng)相等,D錯(cuò)誤。 答案 B 15.關(guān)于靜電場以下說法正確的選項(xiàng)是(  ) A.將負(fù)電荷由電勢低的地方移到電勢高的地方,電勢能一定增加 B.無論是正電荷還是負(fù)電荷,從電場中某點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處時(shí),靜電力做的正功越多,電荷在該點(diǎn)的電勢能越大 C.在同一個(gè)等勢面上的各點(diǎn),場強(qiáng)的大小必然是相等的 D.電勢下降的方向就是電場強(qiáng)度的方向 解析 將負(fù)電荷由低電勢點(diǎn)移到高電勢點(diǎn),電場力做正功,電勢能減小,A錯(cuò)誤;無論是正電荷還是負(fù)電荷,從電場中某點(diǎn)移到無窮遠(yuǎn)處時(shí),因無窮遠(yuǎn)處電勢能為零,因此靜電力做正功越多,電荷在該點(diǎn)的電勢能越大,B正確;在同一等勢面上,電勢處處相等,場強(qiáng)不一定相等,C錯(cuò)誤;電勢下降最快的方向才是電場強(qiáng)度的方向,D錯(cuò)誤。 答案 B 16.(2021·吉林長春三測)一物體沿直線運(yùn)動(dòng),用x表示運(yùn)動(dòng)位移,用t表示運(yùn)動(dòng)時(shí)間。從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí),­t圖像如下列圖,圖線斜率為k,那么以下說法正確的選項(xiàng)是(  ) A.物體做勻速直線運(yùn)動(dòng),速度等于k B.物體做變減速直線運(yùn)動(dòng),加速度均勻減小 C.物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度等于k D.物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度等于2k 解析 由于圖示­t圖像中圖線為一條直線,而由位移公式x=v0t+at2變形可得=v0+at,那么知k=a,而k小于零,故物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度等于2k,D項(xiàng)正確。 答案 D 17.如下列圖,輕質(zhì)滑輪用輕繩連接于天花板O點(diǎn),繞滑輪的輕繩一端連在重物上,另一端由站在地面上的人拉著,重物和人均靜止,連接于O點(diǎn)的輕繩與豎直方向的夾角θ=37°,人與重物的總重力為800 N,人受到地面的摩擦力為207 N,那么地面對人的支持力大小為(  ) A.414 N B.476 N C.524 N D.587 N 解析 對重物與人整體受力分析,整體受總重力G、支持力N、繩的拉力F及地面的摩擦力f。根據(jù)力的平衡條件可知,F(xiàn)sinθ=f,F(xiàn)cosθ+N=G,解得N=524 N,C項(xiàng)正確。 答案 C 18.(2021·江西南昌第二次模擬)如下列圖,正三角形的三條邊都與圓相切,在圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場,質(zhì)子H和氦核He都從頂點(diǎn)A沿∠BAC的角平分線方向射入磁場,質(zhì)子H從C點(diǎn)離開磁場,氦核He從相切點(diǎn)D離開磁場,不計(jì)粒子重力,那么質(zhì)子和氦核的入射速度大小之比為(  ) A.6∶1 B.3∶1 C.2∶1 D.3∶2 解析 設(shè)三角形的邊長為L,根據(jù)幾何關(guān)系可以得到磁場圓的半徑為R=L,質(zhì)子進(jìn)入磁場時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示, 由幾何關(guān)系可得r1=Rtan60°=L 氦核進(jìn)入磁場時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示, 由幾何關(guān)系可得:r2=Rtan30°=L 粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力提供向心力,即qvB=m,結(jié)合兩個(gè)粒子的軌跡半徑可求得質(zhì)子和氦核的入射速度大小之比為6∶1,故A正確。 答案 A 19.(2021·福建廈門質(zhì)檢)如下列圖,電路中變壓器為理想變壓器,其原線圈接在u=20sin50πt(V)的交流電源上,副線圈與阻值為R1=2 Ω的電阻接成閉合電路,電流表為理想電流表。另有一阻值R2=32 Ω的電阻與變壓器原線圈并聯(lián),電阻R1與R2消耗的電功率恰好相等。那么(  ) A.電阻R1消耗的電功率為12.5 W B.通過電阻R1的交變電流的周期為0.02 s C.電流表的示數(shù)為10 A D.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為4∶1 解析 加在R2兩端電壓的有效值為UR2=U= V=20 V,R2消耗的功率為PR2==12.5 W,又電阻R1與R2消耗的電功率恰好相等,故A項(xiàng)正確;由u=20sin50πt(V),知ω=50π rad/s,故周期T==0.04 s,變壓器不改變交流電的周期,故B錯(cuò)誤;R1的功率PR1=PR2=12.5 W,通過R1的電流IR1=)=2.5 A,那么電流表的示數(shù)為2.5 A,故C錯(cuò)誤;副線圈兩端電壓為U2=IR1R1=5 V,原線圈兩端電壓U1=U=20 V,那么原、副線圈匝數(shù)之比n1∶n2=U1∶U2=4∶1,故D項(xiàng)正確。 答案 AD 20.(2021·湖北仙桃、天門、潛江三市期末聯(lián)考)如下列圖,長為L的輕質(zhì)細(xì)桿一端拴在天花板上的O點(diǎn),另一端拴一質(zhì)量為m的小球。剛開始細(xì)桿處于水平位置,現(xiàn)將小球由靜止釋放,細(xì)桿從水平位置運(yùn)動(dòng)到豎直位置,在此過程中小球沿圓弧從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),不計(jì)空氣阻力和O點(diǎn)阻力,那么(  ) A.小球下擺過程中,重力對小球做功的平均功率為0 B.小球下落高度為0.5L時(shí),細(xì)桿對小球拉力為1.5mg C.小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí),細(xì)桿對小球的拉力為2mg D.小球下擺過程中,重力對小球做功的瞬時(shí)功率先增大后減小 解析 小球下擺過程中,重力做的功W=mgL,那么重力的平均功率=,不為零,故A錯(cuò)誤;小球下落高度為0.5L時(shí)到達(dá)C點(diǎn),設(shè)細(xì)桿與水平方向夾角為θ角,其受力情況如下列圖,由幾何關(guān)系得:sinθ==,解得θ=30°;下降0.5L,只有重力做功,細(xì)桿的拉力不做功,由機(jī)械能守恒定律得mg×0.5L=mv,在C點(diǎn)有:FT-mgsinθ=m,聯(lián)立解得:FT=1.5mg,故B正確;從A點(diǎn)到B點(diǎn),由機(jī)械能守恒定律得:mgL=mv,在B點(diǎn)有:FT′-mg=m,聯(lián)立解得FT′=3mg,故C錯(cuò)誤;小球下擺過程中,豎直方向的分速度先變到最大再減小到0,由PG=mgvy知,重力對小球做功的瞬時(shí)功率先增大后減小,故D正確。 答案 BD 21.(2021·湖北武漢調(diào)研)如圖甲所示,在足夠長的光滑的斜面上放置著金屬線框,垂直于斜面方向的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示(規(guī)定垂直斜面向上為正方向)。t=0時(shí)刻將線框由靜止釋放,在線框下滑的過程中,以下說法正確的選項(xiàng)是(  ) A.線框中產(chǎn)生大小、方向周期性變化的電流 B.MN邊受到的安培力先減小后增大 C.線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng) D.線框中產(chǎn)生的焦耳熱等于其機(jī)械能的損失 解析 穿過線圈的磁通量先向下減小,后向上增加,那么根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流方向不變,A錯(cuò)誤;因B的變化率不變,那么感應(yīng)電動(dòng)勢不變,感應(yīng)電流不變,而B的大小先減后增,根據(jù)F=BIL可知,MN邊受到的安培力先減小后增大,B正確;因線圈平行的兩邊電流等大反向,那么整個(gè)線圈受的安培力為零,那么線圈下滑的加速度為gsinθ不變,那么線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng),C正確;因安培力對線圈不做功,斜面光滑,那么線框的機(jī)械能守恒,機(jī)械能無損失,D錯(cuò)誤。應(yīng)選B、C。 答案 BC 6

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