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1、 選擇題固基優(yōu)練（四） 1、給滑塊一初速度v0，使它沿光滑斜面向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為，當(dāng)滑塊速度大小減為時(shí)，所用時(shí)間可能是 (　　) A.　　 B. C.　　 D. 【解析】選B、C。當(dāng)滑塊速度大小減為時(shí)，其方向可能與初速度方向相同，也可能與初速度方向相反，因此要考慮兩種情況，即v=或v=-，由v=v0-t得t1=或t2=，故B、C正確。 2、(創(chuàng)新預(yù)測(cè)) 一質(zhì)點(diǎn)做初速度為v0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，從開(kāi)始計(jì)時(shí)經(jīng)時(shí)間t質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能變?yōu)樵瓉?lái)的9倍。該質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間t內(nèi)的位移為　 (　　) A.v0t B.2v0t C.3v0t D.4v0t 【解析】選B。由E

2、k=mv2得v=3v0，x= (v0+v)t=2v0t ，故A、C、D錯(cuò)誤，B正確。 3、(2019·南寧模擬) 如圖甲所示，在光滑絕緣的水平面上固定兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷。M、O、N為兩點(diǎn)電荷連線上的點(diǎn)。其中O為連線中點(diǎn)，且MO=ON。在M點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)電荷量為q的正試探電荷，結(jié)果該試探電荷在MN間做來(lái) 回往復(fù)運(yùn)動(dòng)，在一個(gè)周期內(nèi)的v-t圖象如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是 (　　) A.M和N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)完全相同 B.試探電荷在O點(diǎn)所受電場(chǎng)力最大，運(yùn)動(dòng)的速度也最大 C.試探電荷在t2時(shí)刻到達(dá)O點(diǎn)，t4時(shí)刻到達(dá)N點(diǎn) D.試探電荷從M經(jīng)O到N的過(guò)程中，電勢(shì)能先減小后

3、增大 【解析】選D。根據(jù)等量的正電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，M和N兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，而電勢(shì)是相同的，故A錯(cuò)誤；根據(jù)等量的正電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，O點(diǎn)的電勢(shì)最低，電場(chǎng)強(qiáng)度為0，所以試探電荷在O點(diǎn)所受電場(chǎng)力最小，運(yùn)動(dòng)的速度最大，故B錯(cuò)誤；試探電荷在t2時(shí)刻的速度再次等于0，所以在t2時(shí)刻到達(dá)N點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；由圖可知，試探電荷從M經(jīng)O到N的過(guò)程中，速度先增大后減小，則動(dòng)能先增大后減小，所以電勢(shì)能先減小后增大，故D正確。 4、(多選)如圖所示，兩方向相反、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)被邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形ABC理想分開(kāi)，三角形內(nèi)磁場(chǎng)垂直紙面向里，三角形頂點(diǎn)A處有一質(zhì)子源，能沿∠BAC的

4、角平分線發(fā)射速度不同的質(zhì)子(質(zhì)子重力不計(jì))，所有質(zhì)子均能通過(guò)C點(diǎn)，質(zhì)子比荷=k，則質(zhì)子的速度可能為 (　　) A.2BkL B.　 C.　 D. 【解析】選B、D。因質(zhì)子帶正電，且經(jīng)過(guò)C點(diǎn)，其可能的軌跡如圖所示，所有圓弧所對(duì)圓心角均為60°，所以質(zhì)子運(yùn)行半徑r= (n=1，2，3，…)，由洛倫茲力提供向心力得Bqv=m，即v==Bk· (n=1，2，3，…)，選項(xiàng)B、D正確。 5、圖甲為氫原子的能級(jí)圖，圖乙為某金屬在光的照射下，發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率ν的關(guān)系圖象。若氫原子從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)放出的光子剛好使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

5、，普朗克常數(shù)h=6.63×10-34 J·s，1 eV=1.6×10-19 J，則下列說(shuō)法正確的是　 (　　) 　 A.由乙圖知普朗克常量h=- B.乙圖中E=hν0=1.89 eV C.乙圖中ν0為該金屬的極限頻率ν0=5.4×1014 Hz D.用氫原子從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)釋放的光子去照射該金屬，打出光電子的最大初動(dòng)能為10.2 eV 【解析】選B。由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=hν-hν0知，結(jié)合圖象可知，圖線的斜率k=h=，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；縱軸截距的大小等于逸出功，即E=hν0，氫原子從n=3能級(jí)躍遷到n=2能級(jí)放出的光子剛好使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則逸出功W0=-1.

6、51 eV-(-3.40)eV=1.89 eV，則E=hν0=1.89 eV，故B項(xiàng)正確；金屬的極限頻率ν0== Hz=4.6×1014 Hz，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；氫原子從n=2能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)，輻射的光子能量等于10.2 eV，根據(jù)光電效應(yīng)方程知，光電子的最大初動(dòng)能Ekm=hν-W0=10.2 eV-1.89 eV=8.31 eV，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。 6、兩個(gè)氫氣分子在外力作用下相距較近，撤去外力，僅在相互的分子力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，直至相距很遠(yuǎn)。在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是 (　　) A.兩個(gè)氫分子間力先是斥力，后是引力 B.兩個(gè)氫分子間力大小先增大，后減小 C.每個(gè)氫分子動(dòng)能先增大，后減

7、小 D.每個(gè)氫分子勢(shì)能先增大，后減小 E.兩個(gè)氫分子勢(shì)能和動(dòng)能之和不變 【解析】選A、C、E。分子力與分子間距離的關(guān)系圖象如圖所示，故僅在相互的分子力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，直至相距很遠(yuǎn)，該過(guò)程分子力的合力開(kāi)始時(shí)是斥力，先減小到零，然后是引力先增加后減小；故A項(xiàng)正確，B項(xiàng)錯(cuò)誤；兩個(gè)分子僅在相互的分子力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，直至相距很遠(yuǎn)，分子力先是斥力后是引力，故分子力先做正功后做負(fù)功，分子勢(shì)能先減小后增加，動(dòng)能先增大后減小，故C項(xiàng)正確，D項(xiàng)錯(cuò)誤；只有分子力做功，兩個(gè)氫分子勢(shì)能和動(dòng)能之和不變，故E項(xiàng)正確。 7、在如圖所示的裝置中，小球的質(zhì)量均相同，彈簧和細(xì)線的質(zhì)量均不計(jì)，一切摩擦忽略不

8、計(jì)，平衡時(shí)各彈簧的彈力分別為F1、F2、F3，其大小關(guān)系是 (　　) A.F1=F2=F3　 B.F1=F2F2　 D.F3>F1>F2 【解析】選A。對(duì)小球受力分析，左邊裝置中下面的小球受到重力mg和輕彈簧的彈力F1的作用，根據(jù)平衡條件可知F1=mg；其他兩個(gè)裝置中彈簧的彈力等于細(xì)線的拉力，對(duì)小球受力分析，根據(jù)平衡條件可知細(xì)線上拉力等于小球重力，則有F2=F3=mg。因此，F(xiàn)1=F2=F3=mg，A項(xiàng)正確，B、C、D項(xiàng)錯(cuò)誤。 8、如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時(shí)水平拋出，經(jīng)過(guò)時(shí)間t在空中相遇，若兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則兩球從拋出到相遇經(jīng)過(guò)的時(shí)

9、間為 (　　) A.t　　　B.t　　　C.　　　D. 【解析】選C。設(shè)第一次拋出時(shí)A球速度為v1， B 球的速度為v2， 則 A、B 間水平距離x = (v1+v2) t，第二次兩球速度為第一次的2倍，但水平距離不變，則 x = 2(v1+v2)T，聯(lián)立得T =，所以C正確；A、B、D錯(cuò)誤。 9、(創(chuàng)新預(yù)測(cè))如圖，斜面體C質(zhì)量為M，斜面足夠長(zhǎng)，始終靜止在水平面上，一質(zhì)量為m的足夠長(zhǎng)的長(zhǎng)方形木板A上表面光滑，木板A獲得初速度v0后恰好能沿斜面勻速下滑，當(dāng)木板A勻速下滑時(shí)將一質(zhì)量為2m的滑塊B輕輕放在木板A表面上，當(dāng)滑塊B在木板A上滑動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是 (　　) A.滑塊B的

10、速度為時(shí)，木板A與滑塊B的速度大小相等 B.滑塊B的速度為時(shí)，斜面體和水平面間無(wú)摩擦力 C.滑塊B的動(dòng)量為2mv0時(shí)，木板A的動(dòng)量大小為mv0 D.滑塊B的動(dòng)量為2mv0時(shí)，水平面對(duì)斜面體的支持力大小為(M+3m)g 【解析】選A、B。只有A木板時(shí)，是勻速下滑，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，則mgsin θ=μmgcos θ，解得μ=tan θ；放上B物體后，木板A受重力、支持力、壓力和滑動(dòng)摩擦力，摩擦力f=μ·3mgcos θ=3mgsin θ，此時(shí)，對(duì)物體A、B構(gòu)成的系統(tǒng)而言，垂直斜面方向上合力為零，平行斜面方向的合力也為零，故系統(tǒng)動(dòng)量守恒；根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有mv0=mv1+

11、2mv2，滑塊B的速度為時(shí)，A的速度也為，故A正確；A勻速下滑時(shí)，支持力和摩擦力的合力與重力平衡，豎直向上；由于C對(duì)A的摩擦力和支持力是成正比的，當(dāng)滑塊B的速度為時(shí)，C對(duì)A的支持力和摩擦力的合力依然是豎直向上，故A對(duì)C的力是豎直向下，故斜面體與水平面間無(wú)摩擦力，故B正確；當(dāng)滑塊B的動(dòng)量為2mv0時(shí)，A已經(jīng)沒(méi)有速度了，故其動(dòng)量應(yīng)該為零，故C錯(cuò)誤； 通過(guò)受力分析，滑塊B的動(dòng)量為2mv0時(shí)，木板A靜止，滑塊B在加速下滑，由整體法可知水平面對(duì)斜面體的支持力小于(M+3m)g，故D錯(cuò)誤。 10、(多選)如圖所示，關(guān)于多用電表的使用，下列做法正確的是 (　　) A.把多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋至適當(dāng)?shù)闹?/p>

12、流電壓擋，用圖甲所示的電路，合上開(kāi)關(guān)S，則可測(cè)小燈泡兩端的電壓 B.把多用電表的選擇開(kāi)頭旋至適當(dāng)?shù)闹绷麟娏鲹酰脠D乙所示的電路，合上開(kāi)關(guān)S，則可測(cè)通過(guò)小燈泡的電流 C.把多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋至適當(dāng)?shù)臍W姆擋，進(jìn)行調(diào)零后，用圖丙所示的電路，開(kāi)關(guān)S保持?jǐn)嚅_(kāi)，則可測(cè)小燈泡的電阻 D.把多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋至適當(dāng)?shù)臍W姆擋，進(jìn)行調(diào)零后，用圖丁所示的電路，會(huì)觀察到此時(shí)歐姆表示數(shù)很小 【解析】選C、D。測(cè)電壓時(shí)，其紅表筆接高電勢(shì)處，因?yàn)殡娏饕獜募t表筆流入，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；測(cè)電流時(shí)，其紅表筆接高電勢(shì)處，因?yàn)殡娏饕獜募t表筆流入，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；測(cè)電路中某個(gè)電阻的阻值時(shí)，一定要將該電阻與其他元件斷開(kāi)，選項(xiàng)C正確；圖

13、中測(cè)量二極管的正向電阻，二極管正向電阻較小，指針應(yīng)該偏轉(zhuǎn)較大，示數(shù)較小，選項(xiàng)D正確。 11、不同色光的光子能量如表所示。氫原子部分能級(jí)的示意圖如圖所示。 色光 紅 橙 黃 綠 藍(lán)-靛 紫 光子能量 范圍(eV) 1.61～ 2.00 2.00～ 2.07 2.07～ 2.14 2.14～ 2.53 2.53～ 2.76 2.76～ 3.10 大量處于n=4能級(jí)的氫原子，發(fā)射出的光的譜線在可見(jiàn)光范圍內(nèi)， 其顏色分別為 (　　) A.紅、藍(lán)-靛 B.紅、紫 C.橙、綠 D.藍(lán)-靛、紫 【解析】選A。大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子，能夠發(fā)出12.75 eV、12.09 eV、10.2 eV、2.55 eV、1.89 eV、0.66 eV的六種光子，對(duì)照表格，1.89 eV和2.55 eV屬于可見(jiàn)光，則1.89 eV的光子為紅光，2.55 eV的光子為藍(lán)-靛，故A項(xiàng)正確，B、C、D項(xiàng)錯(cuò)誤。 7