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2019-2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第十章 電磁感應(yīng)考點(diǎn)通關(guān) 考 綱 下 載 考 情 上 線 1.電磁感應(yīng)現(xiàn)象(Ⅰ) 2．磁通量(Ⅰ) 3．法拉第電磁感應(yīng)定律(Ⅱ) 4．楞次定律(Ⅱ) 5．自感、渦流(Ⅰ) 高考地位 本章是高考的必考內(nèi)容，在歷年高考中所占分值較高，考查的題型一般多為選擇，考查的難度中等，試題的綜合程度較高 考點(diǎn)布設(shè) 1.感應(yīng)電流的產(chǎn)生及方向的判定，圖象的考查 2．法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用 3．電磁感應(yīng)現(xiàn)象與磁場(chǎng)、電路、力學(xué)等知識(shí)的綜合 電磁感應(yīng)現(xiàn)象 [想一想] 磁通量是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的重要物理量。如圖10－1－1所示，通有恒定電流的導(dǎo)線MN與閉合線框共面，第一次將線框由位置1平移到位置2，第二次將線框繞cd邊翻轉(zhuǎn)到2，設(shè)先后兩次通過線框的磁通量變化分別為ΔΦ1和ΔΦ2，則ΔΦ1和ΔΦ2大小關(guān)系是什么？ 圖10－1－1 提示：設(shè)線框在位置1時(shí)的磁通量為Φ1，在位置2時(shí)的磁通量為Φ2，直線電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在1處比在2處要強(qiáng)。若平移線框，則ΔΦ1＝Φ1－Φ2，若轉(zhuǎn)動(dòng)線框，磁感線是從線框的正反兩面穿過的，一正一負(fù)，因此ΔΦ2＝Φ1＋Φ2。根據(jù)分析知：ΔΦ1<ΔΦ2。 [記一記] 1．電磁感應(yīng)現(xiàn)象 當(dāng)穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化時(shí)，電路中有感應(yīng)電流產(chǎn)生的現(xiàn)象。 2．產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件 表述1 閉合電路的一部分導(dǎo)體在磁場(chǎng)內(nèi)做切割磁感線運(yùn)動(dòng)。 表述2 穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化。 [試一試] 1．試分析圖10－1－2中各種情形，金屬線框或線圈里不能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是(　　) 圖10－1－2 解析：選A　B、C、D均能產(chǎn)生感應(yīng)電流。 楞次定律　右手定則 [想一想] 用如圖10－1－3所示的實(shí)驗(yàn)裝置來驗(yàn)證楞次定律，當(dāng)條形磁鐵自上而下穿過固定的線圈時(shí)，通過電流計(jì)的感應(yīng)電流方向是怎樣的。 圖10－1－3 提示：磁鐵磁感線的方向是從上到下，磁鐵穿過的過程中，磁通量向下先增加后減少，由楞次定律判斷知，磁通量向下增加時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)阻礙增加，方向向上，根據(jù)安培定則知感應(yīng)電流的方向?yàn)閍→G→b；磁通量向下減少時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)應(yīng)該向下，感應(yīng)電流方向?yàn)閎→G→a。 [記一記] 1．楞次定律 (1)內(nèi)容：感應(yīng)電流具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化。 (2)適用范圍：一切電磁感應(yīng)現(xiàn)象。 2．右手定則 (1)內(nèi)容：伸開右手，讓拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線垂直從手心進(jìn)入，并使拇指指向?qū)Ь€運(yùn)動(dòng)的方向，這時(shí)四指所指的方向就是感應(yīng)電流的方向。 (2)適用情況：導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流。 [試一試] 2．[多選]利用如圖10－1－4所示兩個(gè)裝置研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象。圖(甲)中，將電鍵S閉合以后，電流表指針由中央位置向左偏轉(zhuǎn)；圖(乙)中，將線圈A和電流表串聯(lián)起來，移動(dòng)條形磁鐵B或線圈A，仔細(xì)觀察電流表指針的轉(zhuǎn)動(dòng)情況。若發(fā)現(xiàn)電流表指針從中央向右側(cè)偏轉(zhuǎn)，則以下判斷正確的是(　　) 圖10－1－4 A.若靠近線圈一端的是N極，磁鐵正在遠(yuǎn)離線圈 B．若靠近線圈一端的是N極，線圈正在移近磁鐵 C．若靠近線圈一端的是S極，磁鐵正在移近線圈 D．若靠近線圈一端的是S極，線圈正在遠(yuǎn)離磁鐵 解析：選AC　由圖甲所示可知，將電鍵S閉合以后，電流從正接線柱流入電流表，電流表指針由中央位置向左偏轉(zhuǎn)；若電流表指針從中央向右側(cè)偏轉(zhuǎn)，則電流從負(fù)接線柱流入電流表；A項(xiàng)，若靠近線圈一端的是N極，則穿過線圈的磁場(chǎng)向下，磁鐵正在遠(yuǎn)離線圈，穿過線圈的磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流從電流表負(fù)接線柱流入電流表，指針向左偏轉(zhuǎn)，故A正確；B項(xiàng)，若靠近線圈一端的是N極，則穿過線圈的磁場(chǎng)向下，磁鐵正移近線圈，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律可知，感應(yīng)電流從電流表正接線柱流入電流表，指針將向左偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)，若靠近線圈一端的是S，則穿過線圈的磁場(chǎng)向上，磁鐵正在移近線圈，穿過線圈的磁通量增加，由楞次定律可知，感應(yīng)電流從電流表負(fù)接線柱流入電流表，指針向右偏轉(zhuǎn)，故C正確；D項(xiàng)，若靠近線圈一端的是S極，則穿過線圈的磁場(chǎng)向上，磁鐵正在遠(yuǎn)離線圈，穿過線圈的磁通量減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流從電流表正接線柱流入電流表，指針向左偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤。 楞次定律的應(yīng)用 1.楞次定律中“阻礙”的含義 2．感應(yīng)電流方向判斷的兩種方法 方法一　用楞次定律判斷 方法二　用右手定則判斷 該方法適用于部分導(dǎo)體切割磁感線。判斷時(shí)注意掌心、四指、拇指的方向： (1)掌心——磁感線垂直穿入； (2)拇指——指向?qū)w運(yùn)動(dòng)的方向； (3)四指——指向感應(yīng)電流的方向。 [例1]　[多選]如圖10－1－5所示，磁場(chǎng)垂直于紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度在豎直方向均勻分布，水平方向非均勻分布。一銅制圓環(huán)用絲線懸掛于O點(diǎn)，將圓環(huán)拉至位置a后無初速釋放，在圓環(huán)從a擺向b的過程中(　　) 圖10－1－5 A．感應(yīng)電流方向先逆時(shí)針后順時(shí)針再逆時(shí)針 B．感應(yīng)電流的方向一直是逆時(shí)針 C．安培力方向始終與速度方向相反 D．安培力方向始終沿水平方向 [解析]　圓環(huán)從位置a無初速釋放，在到達(dá)磁場(chǎng)分界線之前，穿過圓環(huán)向里的磁感線條數(shù)增加，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針，圓環(huán)經(jīng)過磁場(chǎng)分界線之時(shí)，穿過圓環(huán)向里的磁感線條數(shù)減少，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針；圓環(huán)通過磁場(chǎng)分界線之后，穿過圓環(huán)向外的磁感線條數(shù)減少，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)內(nèi)感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針；因磁場(chǎng)在豎直方向分布均勻，圓環(huán)所受豎直方向的安培力平衡，故總的安培力沿水平方向。綜上所述，正確選項(xiàng)為A、D。 [答案]　AD 對(duì)右手定則的理解和應(yīng)用 (1)利用右手定則判斷閉合電路的一部分導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向。 常見的幾種切割情況： ①導(dǎo)體平動(dòng)切割磁感線； ②導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線； ③導(dǎo)體不動(dòng)，磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，等效為磁場(chǎng)不動(dòng)，導(dǎo)體反方向切割磁感線； ④應(yīng)用安培定則，確立感應(yīng)電流的方向。 (2)切割磁感線的導(dǎo)體相當(dāng)于電源，如果不能構(gòu)成閉合回路，其兩端的電壓就是電源電動(dòng)勢(shì)；若構(gòu)成了閉合回路，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，其兩端電壓是路端電壓。感應(yīng)電流在導(dǎo)體內(nèi)部從低電勢(shì)流向高電勢(shì)。 (3)楞次定律和右手定則的關(guān)系： ①從研究對(duì)象上說，楞次定律研究的是整個(gè)閉合回路，右手定則研究的是閉合電路的一部分導(dǎo)體，即一段導(dǎo)體做切割磁感線運(yùn)動(dòng)。 ②從適用范圍上說，楞次定律可應(yīng)用于磁通量變化引起感應(yīng)電流的各種情況(包括一部分導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)的情況)，右手定則只適用于一段導(dǎo)體在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng)的情況。因此，右手定則是楞次定律的一種特殊情況。 [例2]　如圖10－1－6所示，水平地面上方有正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)豎直向下，磁場(chǎng)垂直紙面向外。半圓形鋁框從直徑處于水平位置時(shí)，沿豎直平面由靜止開始下落。不計(jì)阻力，a、b兩端落到地面的次序是(　　) 圖10－1－6 A．a(chǎn)先于b　　　　 B．b先于a C．a(chǎn)、b同時(shí)落地 D．無法判定 [解析]　下落時(shí)雖然只有感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)沒有安培力，但正電荷向a端運(yùn)動(dòng)、負(fù)電荷向右運(yùn)動(dòng)，a端受電場(chǎng)力方向向下，加速度大，先落地。 [答案]　A 閉合導(dǎo)體框在磁場(chǎng)中平動(dòng)切割磁感線，穿過導(dǎo)體框的磁通量沒有發(fā)生變化，不能產(chǎn)生感應(yīng)電流但仍能產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。 楞次定律、右手定則、左手定則、安培定則的綜合應(yīng)用 1.規(guī)律比較 基本現(xiàn)象 應(yīng)用的定則或定律 運(yùn)動(dòng)電荷、電流產(chǎn)生磁場(chǎng) 安培定則 磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷、電流的作用力 左手定則 電磁 部分導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng) 右手定則 感應(yīng) 閉合回路磁通量的變化 楞次定律 2．應(yīng)用區(qū)別 關(guān)鍵是抓住因果關(guān)系： (1)因電而生磁(I→B)→安培定則； (2)因動(dòng)而生電(v、B→I)→右手定則； (3)因電而受力(I、B→F安)→左手定則。 3．相互聯(lián)系 (1)應(yīng)用楞次定律，一般要用到安培定則； (2)研究感應(yīng)電流受到的安培力，一般先用右手定則確定電流方向，再用左手定則確定安培力的方向，有時(shí)也可以直接應(yīng)用楞次定律的推論確定。 [例3]　[多選]如圖10－1－7所示，兩個(gè)線圈套在同一個(gè)鐵芯上，線圈的繞向在圖中已經(jīng)標(biāo)出。左線圈連著平行導(dǎo)軌M和N，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，在導(dǎo)軌垂直方向上放著金屬棒ab，金屬棒處在垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。下列說法中正確的是(　　) 圖10－1－7 A．當(dāng)金屬棒ab向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)，c點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn) B．當(dāng)金屬棒ab向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)，c點(diǎn)與d點(diǎn)等電勢(shì) C．當(dāng)金屬棒ab向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)，c點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn) D．當(dāng)金屬棒ab向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)，d點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn) [審題指導(dǎo)] 解答本題首先要明確磁場(chǎng)的方向，再假設(shè)能形成閉合電路，然后用右手定則判斷感應(yīng)電流的電流方向，從而判斷電勢(shì)的高低端。 [解析]　當(dāng)金屬棒向右勻速運(yùn)動(dòng)而切割磁感線時(shí)，金屬棒產(chǎn)生恒定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由右手定則判斷電流方向由a→b。根據(jù)電流從電源(ab相當(dāng)于電源)正極流出沿外電路回到電源負(fù)極的特點(diǎn)，可以判斷b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)。又左線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，則感應(yīng)電流也恒定，所以穿過右線圈的磁通量保持不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流。 當(dāng)ab向右做加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由右手定則可推斷φb＞φa，電流沿逆時(shí)針方向。又由E＝BLv可知ab導(dǎo)體兩端的E不斷增大，那么左邊電路中的感應(yīng)電流也不斷增大，由安培定則可判斷它在鐵芯中的磁感線方向是沿逆時(shí)針方向的，并且場(chǎng)強(qiáng)不斷增強(qiáng)，所以右邊電路的線圈中的向上的磁通量不斷增加。由楞次定律可判斷右邊電路的感應(yīng)電流方向應(yīng)沿逆時(shí)針，而在右線圈組成的電路中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)僅產(chǎn)生在繞在鐵芯上的那部分線圈上。把這個(gè)線圈看作電源，由于電流是從c沿內(nèi)電路(即右線圈)流向d，所以d點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)。 [答案]　BD 楞次定律描述的是感應(yīng)電流與磁通量變化之間的關(guān)系，常用于判斷感應(yīng)電流的方向或其所受安培力的方向，一般有以下四種呈現(xiàn)方式： (1)阻礙原磁通量的變化，即“增反減同”。 (2)阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)，即“來拒去留”。 (3)使線圈面積有擴(kuò)大或縮小的趨勢(shì)，即“增縮減擴(kuò)”。 (4)阻礙原電流的變化(自感現(xiàn)象)，即“增反減同”。 [典例]　[多選]如圖10－1－8所示，光滑固定的金屬導(dǎo)軌M、N水平放置，兩根導(dǎo)體棒P、Q平行放置在導(dǎo)軌上，形成一個(gè)閉合回路，一條形磁鐵從高處下落接近回路時(shí)(　　) 圖10－1－8 A．P、Q將相互靠攏 B．P、Q將相互遠(yuǎn)離 C．磁鐵的加速度仍為g D．磁鐵的加速度小于g [審題指導(dǎo)] 可以應(yīng)用楞次定律確定P、Q中的感應(yīng)電流的方向，再根據(jù)左手定則確定感應(yīng)電流受到的安培力來確定P、Q的運(yùn)動(dòng)方向，根據(jù)感應(yīng)電流的磁場(chǎng)的“阻礙”作用確定磁鐵的加速度。還可以根據(jù)楞次定律的一些結(jié)論直接解答。 [解析]　法一：設(shè)磁鐵下端為N極，如圖10－1－9所示，根據(jù)楞次定律可判斷出P、Q中的感應(yīng)電流方向，根據(jù)左手定則可判斷P、Q所受安培力的方向。可見，P、Q將互相靠攏。由于回路所受安培力的合力向下，由牛頓第三定律，磁鐵將受到向上的反作用力，從而加速度小于g。當(dāng)磁鐵下端為S極時(shí)，根據(jù)類似的分析可得到相同的結(jié)果，所以，本題應(yīng)選A、D。 圖10－1－9 法二：根據(jù)楞次定律的另一種表述——感應(yīng)電流的效果，總要反抗產(chǎn)生感應(yīng)電流的原因。本題中“原因”是回路中磁通 量的增加，歸根結(jié)底是磁鐵靠近回路，“效果”便是阻礙磁通量的增加和磁鐵的靠近。所以，P、Q將互相靠近且磁鐵的加速度小于g，應(yīng)選A、D。 [答案]　AD [題后悟道] 應(yīng)用楞次定律及其推論時(shí)，要注意“阻礙”的具體含義 (1)從阻礙磁通量的變化理解為：當(dāng)磁通量增大時(shí)，會(huì)阻礙磁通量增大，當(dāng)磁通量減小時(shí)，會(huì)阻礙磁通量減小。 (2)從阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)理解為：阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)是“阻礙”的又一種體現(xiàn)，表現(xiàn)在“近斥遠(yuǎn)吸，來拒去留”。 (3)從阻礙電流的變化(自感現(xiàn)象)理解為：阻礙電流的變化，增則反，減則同。 如圖10－1－10所示，導(dǎo)軌間的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，當(dāng)導(dǎo)線MN在導(dǎo)軌上向右加速滑動(dòng)時(shí)，正對(duì)電磁鐵A的圓形金屬環(huán)B中(　　) 圖10－1－10 A．有感應(yīng)電流，且B被A吸引 B．無感應(yīng)電流 C．可能有，也可能沒有感應(yīng)電流 D．有感應(yīng)電流，且B被A排斥 解析：選D　MN向右加速滑動(dòng)，根據(jù)右手定則，MN中的電流方向從N→M，且大小在逐漸變大，根據(jù)安培定則知，電磁鐵A的左端為N極，且磁場(chǎng)強(qiáng)度逐漸增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律知，B環(huán)中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的內(nèi)部磁場(chǎng)方向向右，B被A排斥。故D正確。 [隨堂鞏固落實(shí)] 1.(xx江西師大附中8月聯(lián)考)如圖10－1－11所示，豎直放置的條形磁鐵中央，有一閉合金屬彈性圓環(huán)，條形磁鐵中心線與彈性環(huán)軸線重合，現(xiàn)將彈性圓環(huán)均勻向外擴(kuò)大，下列說法中正確的是(　　) 圖10－1－11 A．穿過彈性圓環(huán)的磁通量增大 B．從上往下看，彈性圓環(huán)中有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流 C．彈性圓環(huán)中無感應(yīng)電流 D．彈性圓環(huán)受到的安培力方向沿半徑向外 解析：選B　豎直向下穿過條形磁鐵的磁感線與磁鐵外部的磁感線形成閉合曲線，因此條形磁鐵內(nèi)外部磁感線的條數(shù)相等。當(dāng)圓環(huán)擴(kuò)大時(shí)，向下的磁感線條數(shù)不變，向上的磁感線條數(shù)增加，故總的磁感線條數(shù)向下減少，由楞次定律知B對(duì)。 2．(xx蘇北聯(lián)考)如圖10－1－12所示，一條形磁鐵從左向右勻速穿過線圈，當(dāng)磁鐵經(jīng)過A、B兩位置時(shí)，線圈中(　　) 圖10－1－12 A．感應(yīng)電流方向相同，感應(yīng)電流所受作用力的方向相同 B．感應(yīng)電流方向相反，感應(yīng)電流所受作用力的方向相反 C．感應(yīng)電流方向相反，感應(yīng)電流所受作用力的方向相同 D．感應(yīng)電流方向相同，感應(yīng)電流所受作用力的方向相反 解析：選C　當(dāng)磁鐵經(jīng)過A位置時(shí)，線圈中磁通量增大，由楞次定律可知，線圈中感應(yīng)電流從左向右看為順時(shí)針方向；當(dāng)磁鐵經(jīng)過B位置時(shí)，線圈中磁通量減小，由楞次定律可知，線圈中感應(yīng)電流從左向右看為逆時(shí)針方向，感應(yīng)電流所受作用力的方向相同，選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤，C正確。 3．(xx寶安區(qū)模擬)某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)電磁沖擊鉆，其原理示意圖如圖10－1－13所示，若發(fā)現(xiàn)鉆頭M突然向右運(yùn)動(dòng)，則可能是(　　) 圖10－1－13 A．開關(guān)S由斷開到閉合的瞬間 B．開關(guān)S由閉合到斷開的瞬間 C．保持開關(guān)S閉合，變阻器滑片P加速向右滑動(dòng) D．保持開關(guān)S閉合，變阻器滑片P勻速向右滑動(dòng) 解析：選A　A項(xiàng)，開關(guān)S由斷開到閉合的瞬間，穿過M的磁通量變大，為阻礙磁通量變大，鉆頭向右運(yùn)動(dòng)，故A正確；B項(xiàng)，開關(guān)S由閉合到斷開的瞬間，穿過M的磁通量減小，為阻礙磁通量的減小，鉆頭向左運(yùn)動(dòng)，不符合題意，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)，保持開關(guān)S閉合，變阻器滑片P加速向右滑動(dòng)，穿過M的磁通量減小，為阻礙磁通量減小，鉆頭向左運(yùn)動(dòng)，不符合題意，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)，保持開關(guān)S閉合，變阻器滑片P勻速向右滑動(dòng)，穿過M的磁通量減小，為阻礙磁通量減小，鉆頭向左運(yùn)動(dòng)，不符合題意，故D錯(cuò)誤。 4.[多選](xx廣東七校聯(lián)考)如圖10－1－14所示，Ⅰ和Ⅱ是一對(duì)異名磁極，ab為放在其間的金屬棒。ab和cd用導(dǎo)線連成一個(gè)閉合回路。當(dāng)ab棒向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd導(dǎo)線受到向下的磁場(chǎng)力。則有(　　) 圖10－1－14 A．由此可知d電勢(shì)高于c電勢(shì) B．由此可知Ⅰ是S極 C．由此可知Ⅰ是N極 D．當(dāng)cd棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab導(dǎo)線受到向左的磁場(chǎng)力 解析：選BD　A項(xiàng)，由左手定則可知，cd棒受到的安培力向下，所以cd棒中電流方向是：由c指向d，所以c點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；B、C項(xiàng)，結(jié)合A的分析可知，ab中的電流由b流向a，ab棒向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，由右手定則可知，ab棒所處位置磁場(chǎng)方向：豎直向上，則Ⅰ是S極，Ⅱ是N極；故B正確，C錯(cuò)誤；D項(xiàng)，當(dāng)cd棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則可知，在cd中產(chǎn)生的電流由d流向c，ab中由a流向b，所以根據(jù)左手定則可知ab導(dǎo)線受到向左的磁場(chǎng)力，故D正確。 5.(xx上海高考)為判斷線圈繞向，可將靈敏電流計(jì)G與線圈L連接，如圖10－1－15所示。已知線圈由a端開始繞至b端，當(dāng)電流從電流計(jì)G左端流入時(shí)，指針向左偏轉(zhuǎn)。 圖10－1－15 (1)將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針向左偏轉(zhuǎn)。俯視線圈，其繞向?yàn)開_______(填：“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”)。 (2)當(dāng)條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠(yuǎn)離L時(shí)，指針向右偏轉(zhuǎn)。俯視線圈，其繞向?yàn)開_______(填：“順時(shí)針”或“逆時(shí)針”)。 解析：(1)將磁鐵N極向下從線圈上方豎直插入L時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針向左偏轉(zhuǎn)，說明L中電流從b到a。根據(jù)楞次定律，L中應(yīng)該產(chǎn)生豎直向上的磁場(chǎng)。由安培定則可知，俯視線圈，電流為順時(shí)針方向，線圈其繞向?yàn)轫槙r(shí)針。 (2)當(dāng)條形磁鐵從圖中的虛線位置向右遠(yuǎn)離L時(shí)，指針向右偏轉(zhuǎn)，說明L中電流從a到b。根據(jù)楞次定律，L中應(yīng)該產(chǎn)生豎直向上的磁場(chǎng)。由安培定則可知，俯視線圈，電流為逆時(shí)針方向，俯視線圈，其繞向?yàn)槟鏁r(shí)針。 答案：(1)順時(shí)針　(2)逆時(shí)針 [課時(shí)跟蹤檢測(cè)] 高考?？碱}型：選擇題＋實(shí)驗(yàn)題＋計(jì)算題 一、單項(xiàng)選擇題 1．(xx全國卷新課標(biāo)Ⅰ)在法拉第時(shí)代，下列驗(yàn)證“由磁產(chǎn)生電”設(shè)想的實(shí)驗(yàn)中，能觀察到感應(yīng)電流的是(　　) A．將繞在磁鐵上的線圈與電流表組成一閉合回路，然后觀察電流表的變化 B．在一通電線圈旁放置一連有電流表的閉合線圈，然后觀察電流表的變化 C．將一房間內(nèi)的線圈兩端與相鄰房間的電流表連接，往線圈中插入條形磁鐵后，再到相鄰房間去觀察電流表的變化 D．繞在同一鐵環(huán)上的兩個(gè)線圈，分別接電源和電流表，在給線圈通電或斷電的瞬間，觀察電流表的變化 解析：選D　只形成閉合回路，回路中的磁通量不變化，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，A、B、C錯(cuò)誤；給線圈通電或斷電瞬間，通過閉合回路的磁通量變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，能觀察到電流表的變化，D正確。 2．(xx北京高考)物理課上，老師做了一個(gè)奇妙的“跳環(huán)實(shí)驗(yàn)”。如圖1，她把一個(gè)帶鐵芯的線圈L、開關(guān)S和電源用導(dǎo)線連接起來后，將一金屬套環(huán)置于線圈L上，且使鐵芯穿過套環(huán)。閉合開關(guān)S的瞬間，套環(huán)立刻跳起。某同學(xué)另找來器材再探究此實(shí)驗(yàn)。 他連接好電路，經(jīng)重復(fù)試驗(yàn)，線圈上的套環(huán)均未動(dòng)。對(duì)比老師演示的實(shí)驗(yàn)，下列四個(gè)選項(xiàng)中，導(dǎo)致套環(huán)未動(dòng)的原因可能是(　　) 圖1 A．線圈接在了直流電源上 B．電源電壓過高 C．所選線圈的匝數(shù)過多 D．所用套環(huán)的材料與老師的不同 解析：選D　金屬套環(huán)跳起的原因是開關(guān)S閉合時(shí)，套環(huán)上產(chǎn)生的感應(yīng)電流與通電線圈上的電流相互作用而引起的。無論實(shí)驗(yàn)用交流電還是直流電，閉合開關(guān)S瞬間，金屬套環(huán)都會(huì)跳起。如果套環(huán)是塑料材料做的，則不能產(chǎn)生感應(yīng)電流，也就不會(huì)受安培力作用而跳起。所以答案是D。 3.如圖2，均勻帶正電的絕緣圓環(huán)a與金屬圓環(huán)b同心共面放置。當(dāng)a繞O點(diǎn)在其所在平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)時(shí)，b中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，且具有收縮趨勢(shì)，由此可知，圓環(huán)a(　　) 圖2 A．順時(shí)針加速旋轉(zhuǎn) B．順時(shí)針減速旋轉(zhuǎn) C．逆時(shí)針加速旋轉(zhuǎn) D．逆時(shí)針減速旋轉(zhuǎn) 解析：選B　b中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，這是因?yàn)閎圓環(huán)中的向外的磁通量增大或向里的磁通量減小所致。討論時(shí)要注意a圓環(huán)產(chǎn)生的磁場(chǎng)有環(huán)內(nèi)與環(huán)外之分，但環(huán)內(nèi)磁感線的條數(shù)與環(huán)外磁感線條數(shù)相等。①要使b圓環(huán)中產(chǎn)生向外的磁通量增大，即a環(huán)內(nèi)產(chǎn)生向外的磁場(chǎng)，且增大，故a圓環(huán)應(yīng)逆時(shí)針加速旋轉(zhuǎn)，此時(shí)a、b兩環(huán)中為異向電流相互排斥，b圓環(huán)應(yīng)具有擴(kuò)張趨勢(shì)，故C錯(cuò)。②要使b圓環(huán)中產(chǎn)生向里的磁通量減小，即a環(huán)內(nèi)產(chǎn)生向里的磁場(chǎng)，且減小，故a圓環(huán)應(yīng)順時(shí)針減速旋轉(zhuǎn)，此時(shí)a、b兩環(huán)中為同向電流相互吸引，b圓環(huán)應(yīng)具有收縮趨勢(shì)，故B對(duì)。 4．(xx廣東高考)如圖3所示，上下開口、內(nèi)壁光滑的銅管P和塑料管Q豎直放置。小磁塊先后在兩管中從相同高度處由靜止釋放，并落至底部。則小磁塊(　　) 圖3 A．在P和Q中都做自由落體運(yùn)動(dòng) B．在兩個(gè)下落過程中的機(jī)械能都守恒 C．在P中的下落時(shí)間比在Q中的長 D．落至底部時(shí)在P中的速度比在Q中的大 解析：選C　小磁塊從銅管P中下落時(shí)，P中的磁通量發(fā)生變化，P中產(chǎn)生感應(yīng)電流，給小磁塊一個(gè)向上的磁場(chǎng)力，阻礙小磁塊向下運(yùn)動(dòng)，因此小磁塊在P中不是做自由落體運(yùn)動(dòng)，而塑料管Q中不會(huì)產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，因此Q中小磁塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，A項(xiàng)錯(cuò)誤；P中的小磁塊受到的磁場(chǎng)力對(duì)小磁塊做負(fù)功，機(jī)械能不守恒，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由于在P中小磁塊下落的加速度小于g，而Q中小磁塊做自由落體運(yùn)動(dòng)，因此從靜止開始下落相同高度，在P中下落的時(shí)間比在Q中下落的時(shí)間長，C項(xiàng)正確；根據(jù)動(dòng)能定理可知，落到底部時(shí)在P中的速度比在Q中的速度小，D項(xiàng)錯(cuò)誤。 5.(xx江蘇徐州摸底)如圖4所示，長直導(dǎo)線與矩形導(dǎo)線框固定在同一平面內(nèi)，直導(dǎo)線中通有圖示方向電流。當(dāng)電流逐漸減弱時(shí)，下列說法正確的是(　　) 圖4 A．穿過線框的磁通量不變 B．線框中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流 C．線框中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流 D．線框所受安培力的合力向右 解析：選B　根據(jù)右手螺旋定則，穿過線框的磁感線垂直于紙面向里，當(dāng)電流逐漸減弱時(shí)，電流周圍的磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，穿過線框的磁通量減小，再根據(jù)楞次定律，為了阻礙磁通量的“減小”，線框中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，同時(shí)，線框具有水平向左運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，即線框所受安培力的合力向左，選項(xiàng)A、C、D錯(cuò)誤，B正確。 二、多項(xiàng)選擇題 6．(xx 淮安模擬)如圖5所示，“U”形金屬框架固定在水平面上，金屬桿ab與框架間無摩擦，整個(gè)裝置處于豎直方向的磁場(chǎng)中。若因磁場(chǎng)的變化，使桿ab向右運(yùn)動(dòng)，則磁感應(yīng)強(qiáng)度(　　) 圖5 A．方向向下并減小　　　 B．方向向下并增大 C．方向向上并增大 D．方向向上并減小 解析：選AD　因磁場(chǎng)變化，發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，桿ab中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，而使桿ab受到磁場(chǎng)力的作用，并發(fā)生向右運(yùn)動(dòng)。ab向右運(yùn)動(dòng)，使得閉合回路中磁通量有增加的趨勢(shì)，說明原磁場(chǎng)的磁通量必定減弱，即磁感應(yīng)強(qiáng)度正在減小，與方向向上、向下無關(guān)。故A、D正確，B、C錯(cuò)誤。 7．如圖6(a)，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方懸掛一相同的線圈Q、P和Q共軸，Q中通有變化電流，電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖(b)所示。P所受的重力為G，桌面對(duì)P的支持力為N，則(　　) 圖6 A．t1時(shí)刻N(yùn)＞G B．t2時(shí)刻N(yùn)＞G C．t3時(shí)刻N(yùn)＜G D．t4時(shí)刻N(yùn)＝G 解析：選AD　t1時(shí)刻Q中電流正在增大，穿過P環(huán)中的磁通量正在增大，為了阻礙該磁通量的增大，P中感應(yīng)電流的磁場(chǎng)必與之相反，因而兩者有排斥作用，使得P對(duì)桌面的壓力大于重力；t2、t4時(shí)刻Q中的電流不變，則穿過P環(huán)的磁通量不變化，因而沒有感應(yīng)電流，那么P環(huán)對(duì)桌面的壓力等于重力；t3時(shí)刻P環(huán)中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，但此時(shí)Q環(huán)中的電流為零，因而兩者之間無作用力，故P對(duì)桌面的壓力等于重力。 8.如圖7所示，AOC是光滑的金屬軌道，AO沿豎直方向，OC沿水平方向，PQ是一根金屬直桿，如圖所示立在導(dǎo)軌上，直桿從圖示位置由靜止開始在重力作用下運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中Q端始終在OC上，空間存在著垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則在PQ桿滑動(dòng)的過程中，下列判斷正確的是(　　) 圖7 A．感應(yīng)電流的方向始終是由P→Q B．感應(yīng)電流的方向先是由P→Q，后是由Q→P C．PQ受磁場(chǎng)力的方向垂直桿向左 D．PQ受磁場(chǎng)力的方向先垂直于桿向左，后垂直于桿向右 解析：選BD　在PQ桿滑動(dòng)的過程中，桿與導(dǎo)軌所圍成的三角形面積先增大后減小，三角形POQ內(nèi)的磁通量先增大后減小，由楞次定律可判斷B項(xiàng)對(duì)；再由PQ中電流方向及左手定則可判斷D項(xiàng)對(duì)。 三、實(shí)驗(yàn)題 9．如圖8是研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象的實(shí)驗(yàn)裝置圖，結(jié)合圖片，請(qǐng)說出能產(chǎn)生感應(yīng)電流的幾種做法(至少三種)。 圖8 (1)________________________________________________________________________； (2)________________________________________________________________________； (3)________________________________________________________________________。 解析：只要讓穿過B線圈中的磁通量發(fā)生變化，B環(huán)中就會(huì)有感應(yīng)電流產(chǎn)生，可以使用的方法如：斷開或閉合開關(guān)瞬間；保持開關(guān)接通，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值；保持開關(guān)接通，讓A線圈遠(yuǎn)離或者接近B線圈；以上做法均可以觀察到感應(yīng)電流。 答案：見解析 四、計(jì)算題 10.如圖9所示，固定于水平面上的金屬架CDEF處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒MN沿框架以速度v向右做勻速運(yùn)動(dòng)。t＝0時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，此時(shí)MN到達(dá)的位置使MDEN構(gòu)成一個(gè)邊長為l的正方形。為使MN棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，從t＝0開始，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系式。 圖9 解析：要使MN棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，應(yīng)使穿過線圈平面的磁通量不發(fā)生變化 在t＝0時(shí)刻，穿過線圈平面的磁通量 Φ1＝B0S＝B0l2 設(shè)t時(shí)刻的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，此時(shí)磁通量為 Φ2＝Bl(l＋vt) 由Φ1＝Φ2得B＝ 答案：B＝ 11.磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)僅存在于邊長為2l的正方形范圍內(nèi)，有一個(gè)電阻為R、邊長為l的正方形導(dǎo)線框abcd，沿垂直于磁感線方向，以速度v勻速通過磁場(chǎng)，如圖10所示，從ab進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)開始計(jì)時(shí)，到線框離開磁場(chǎng)為止。 圖10 (1)畫出穿過線框的磁通量隨時(shí)間變化的圖象。 (2)判斷線框中有無感應(yīng)電流。若有，答出感應(yīng)電流的方向。 解析：(1)進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中磁通量均勻地增加，完全進(jìn)入以后磁通量不變，之后磁通量均勻減小，如圖所示。 (2)線框進(jìn)入磁場(chǎng)階段，磁通量增加，由楞次定律得電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向；線框在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)階段，磁通量不變，無感應(yīng)電流；線框離開磁場(chǎng)階段，磁通量減小，由楞次定律得電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向。 答案：見解析 第2單元法拉第電磁感應(yīng)定律__自感和渦流 法拉第電磁感應(yīng)定律 [想一想] 如圖10－2－1所示，A、B兩個(gè)閉合線圈用同樣的導(dǎo)線制成，匝數(shù)都為10匝，半徑RA＝2RB，圖示區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則A、B線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比和線圈中的感應(yīng)電流之比分別為多少？ 圖10－2－1 提示：A、B兩環(huán)中磁通量變化率相同，線圈匝數(shù)相同，由E＝n可得EA∶EB＝1∶1，又因?yàn)镽＝ρ，故RA∶RB＝2∶1，所以IA∶IB＝1∶2。 [記一記] 1．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) (1)定義：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)。 (2)產(chǎn)生條件：穿過回路的磁通量發(fā)生改變，與電路是否閉合無關(guān)。 (3)方向判斷：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向用楞次定律或右手定則判斷。 2．法拉第電磁感應(yīng)定律 (1)內(nèi)容：電路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，跟穿過這一電路的磁通量的變化率成正比。 (2)公式：E＝n，其中n為線圈匝數(shù)。 [試一試] 1.(xx江蘇高考)如圖10－2－2所示，一正方形線圈的匝數(shù)為n，邊長為a，線圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，且一半處在磁場(chǎng)中。在Δt時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小由B均勻地增大到2B。在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為(　　) 圖10－2－2 A.　　　　　　　 B. C. D. 解析：選B　磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率＝＝，法拉第電磁感應(yīng)定律公式可寫成E＝n＝nS，其中磁場(chǎng)中的有效面積S＝a2，代入得E＝n，選項(xiàng)B正確，A、C、D錯(cuò)誤。 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)計(jì)算 [想一想] 如圖10－2－3所示，當(dāng)導(dǎo)體棒在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)，其一端為軸， 以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為多少？ 圖10－2－3 提示：棒在時(shí)間t內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度θ＝ωt， 掃過的面積S＝llθ＝l2ωt， 對(duì)應(yīng)的磁通量Φ＝BS＝Bl2ωt， 則棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝＝Bl2ω。 另外：由E＝Bl，又＝ωl, 可得E＝Bl2ω。 [記一記] 切割方式 電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式 說明 垂直切割 E＝Blv ①導(dǎo)體棒與磁場(chǎng)方向垂直 ②磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng) 傾斜切割 E＝Blvsin_θ 其中θ為v與 B的夾角 旋轉(zhuǎn)切割 (以一端為軸) E＝Bl2ω [試一試] 2．如圖10－2－4所示，在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，將一水平放置的金屬棒ab以水平速度v0拋出。設(shè)在整個(gè)過程中，棒的取向不變且不計(jì)空氣阻力，則在金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小變化情況是(　　) 圖10－2－4 A．越來越大　　　　　 B．越來越小 C．保持不變 D．無法判斷 解析：選C　金屬棒水平拋出后，在垂直于磁場(chǎng)方向上的速度不變，由E＝BLv可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也不變。C項(xiàng)正確。 自感　渦流 [想一想] 如圖10－2－5所示，開關(guān)S閉合且回路中電流達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，小燈泡A能正常發(fā)光，L為自感線圈，則當(dāng)開關(guān)S閉合或斷開時(shí)，小燈泡的亮暗變化情況是怎樣的？ 圖10－2－5 提示：開關(guān)閉合時(shí)，自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的增大，所以燈慢慢變亮；開關(guān)斷開時(shí)，自感線圈的電流從有變?yōu)榱悖€圈將產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，但由于線圈L與燈A不能構(gòu)成閉合回路，所以燈立即熄滅。 [記一記] 1．互感現(xiàn)象 兩個(gè)互相靠近的線圈，當(dāng)一個(gè)線圈中的電流變化時(shí)，它所產(chǎn)生的變化的磁場(chǎng)會(huì)在另一個(gè)線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的現(xiàn)象。 2．自感現(xiàn)象 (1)定義：由于通過導(dǎo)體自身的電流發(fā)生變化而產(chǎn)生的電磁感應(yīng)現(xiàn)象。 (2)自感電動(dòng)勢(shì)： ①定義：在自感現(xiàn)象中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。 ②表達(dá)式：E＝L。 ③自感系數(shù)L： 相關(guān)因素：與線圈的大小、形狀、圈數(shù)以及是否有鐵芯有關(guān)。 單位：亨利(H)，1 mH＝10－3 H,1 μH＝10－6 H。 3．渦流 當(dāng)線圈中的電流發(fā)生變化時(shí)，在它附近的任何導(dǎo)體中都會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，這種電流像水的旋渦，所以叫渦流。 (1)電磁阻尼：當(dāng)導(dǎo)體在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流會(huì)使導(dǎo)體受到安培力，安培力的方向總是阻礙導(dǎo)體的運(yùn)動(dòng)。 (2)電磁驅(qū)動(dòng)：如果磁場(chǎng)相對(duì)于導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)，在導(dǎo)體中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流使導(dǎo)體受到安培力的作用，安培力使導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)起來。 交流感應(yīng)電動(dòng)機(jī)就是利用電磁驅(qū)動(dòng)的原理工作的。 [試一試] 3.在圖10－2－6所示的電路中，兩個(gè)靈敏電流表G1和G2的零點(diǎn)都在刻度盤中央，當(dāng)電流從“＋”接線柱流入時(shí)，指針向右擺；電流從“－”接線柱流入時(shí)，指針向左擺。在電路接通后再斷開的瞬間，下列說法中符合實(shí)際情況的是(　　) 圖10－2－6 A．G1表指針向左擺，G2表指針向右擺 B．G1表指針向右擺，G2表指針向左擺 C．G1、G2表的指針都向左擺 D．G1、G2表的指針都向右擺 解析：選B　電路接通后線圈中電流方向向右，當(dāng)電路斷開時(shí)，線圈中電流減小，產(chǎn)生與原方向相同的自感電動(dòng)勢(shì)，與G2和電阻組成閉合回路，所以G1中電流方向向右，G2中電流方向向左，即G1指針向右擺，G2指針向左擺。B項(xiàng)正確。 法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用 1.磁通量Φ、磁通量的變化量ΔΦ、磁通量的變化率的比較 項(xiàng)目 磁通量Φ 磁通量的 變化量ΔΦ 磁通量的 變化率 意義 某時(shí)刻穿過某個(gè)面的磁感線的條數(shù) 某段時(shí)間內(nèi)穿過某個(gè)面的磁通量變化多少 穿過某個(gè)面的磁通量變化的快慢 大小 Φ＝BScos θ ΔΦ＝Φ2－Φ1 ΔΦ＝BΔS ΔΦ＝SΔB ＝B或 ＝S 注意 若有相反方向磁場(chǎng)，磁通量可能抵消 轉(zhuǎn)過180前后穿過平面的磁通量是一正一負(fù)，ΔΦ＝2BS，而不是零 既不表示磁通量的大小，也不表示變化的多少。實(shí)際上，它就是單匝線圈上產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即E＝ 2．感應(yīng)電荷量的求解 在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，既然有電流通過電路，那么就會(huì)有電荷通過，由電流的定義可得I＝，故q＝IΔt，式中I為感應(yīng)電流的平均值。由閉合電路的歐姆定律和法拉第電磁感應(yīng)定律得I＝＝n。式中R為電磁感應(yīng)閉合電路的總電阻。聯(lián)立解得q＝n，可見，感應(yīng)電荷量q僅由磁通量的變化量ΔΦ和電路的總電阻R決定。 [例1]　如圖10－2－7甲所示，一個(gè)電阻值為R，匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連接成閉合回路。線圈的半徑為r1。在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線如圖乙所示。圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0，導(dǎo)線的電阻不計(jì)。求0至t1時(shí)間內(nèi)： 圖10－2－7 (1)通過電阻R1上的電流大小和方向； (2)通過電阻R1上的電荷量q及電阻R1上產(chǎn)生的熱量。 [審題指導(dǎo)] [解析]　(1)根據(jù)楞次定律可知，通過R1的電流方向?yàn)橛蒪到a。 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得線圈中的電動(dòng)勢(shì)為 E＝n＝ 根據(jù)閉合電路歐姆定律得通過R1的電流為 I＝＝。 (2)通過R1的電荷量q＝It1＝， R1上產(chǎn)生的熱量Q＝I2R1t1＝。 [答案]　(1)　方向由b到a (2)　 法拉第電磁感應(yīng)定律的規(guī)范應(yīng)用 (1)一般解題步驟： ①分析穿過閉合電路的磁場(chǎng)方向及磁通量的變化情況； ②利用楞次定律確定感應(yīng)電流的方向； ③靈活選擇法拉第電磁感應(yīng)定律的不同表達(dá)形式列方程求解。 (2)應(yīng)注意的問題： ①用公式E＝nS求感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)時(shí)，S為線圈在磁場(chǎng)范圍內(nèi)的有效面積，在B－t圖象中為圖線的斜率。 ②通過回路的電荷量q僅與n、ΔΦ和回路電阻R有關(guān)，與變化過程所用的時(shí)間長短無關(guān)，推導(dǎo)過程：q＝Δt＝Δt＝。 導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 1.導(dǎo)體平動(dòng)切割磁感線 對(duì)于導(dǎo)體平動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算式E＝Blv，應(yīng)從以下幾個(gè)方面理解和掌握。 (1)正交性 本公式是在一定條件下得出的，除了磁場(chǎng)是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，還需B、l、v三者相互垂直。實(shí)際問題中當(dāng)它們不相互垂直時(shí)，應(yīng)取垂直的分量進(jìn)行計(jì)算，公式可為E＝Blvsin θ，θ為B與v方向間的夾角。 (2)平均性 導(dǎo)體平動(dòng)切割磁感線時(shí)，若v為平均速度，則E為平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即＝Bl。 (3)瞬時(shí)性 若v為瞬時(shí)速度，則E為相應(yīng)的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)。 (4)有效性 公式中的l為有效切割長度，即導(dǎo)體與v垂直的方向上的投影長度。圖10－2－8中有效長度分別為： 圖10－2－8 甲圖：l＝cdsin β(容易錯(cuò)算成l＝absin β)。 乙圖：沿v1方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝MN； 沿v2方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝0。 丙圖：沿v1方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝R； 沿v2方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝0； 沿v3方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝R。 (5)相對(duì)性 E＝Blv中的速度v是相對(duì)于磁場(chǎng)的速度，若磁場(chǎng)也運(yùn)動(dòng)時(shí)，應(yīng)注意速度間的相對(duì)關(guān)系。 2．導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線 當(dāng)導(dǎo)體在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)，繞一端以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝Bl＝Bl2ω，如圖10－2－9所示。 圖10－2－9 [例2]　在范圍足夠大，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，B＝0.2 T，有一水平放置的光滑框架，寬度為L＝0.4 m，如圖10－2－10所示，框架上放置一質(zhì)量為0.05kg、電阻為1 Ω的金屬桿cd，框架電阻不計(jì)。若桿cd以恒定加速度a＝2 m/s2，由靜止開始做勻變速運(yùn)動(dòng)，求： 圖10－2－10 (1)在5 s內(nèi)平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)； (2)第5 s末回路中的電流； (3)第5 s末作用在桿cd上的水平外力。 [審題指導(dǎo)] 5 s內(nèi)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)用公式E＝BL計(jì)算，第5 s末的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)用公式E＝BLv計(jì)算。 [解析]　(1)5 s內(nèi)的位移s＝at2＝25 m 5 s內(nèi)的平均速度＝＝5 m/s (也可用＝求解) 故平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)＝BL＝0.4 V。 (2)第5 s末：v＝at＝10 m/s 此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：E＝BLv 則回路中的電流為：I＝＝＝ A＝0.8 A。 (3)桿cd勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：F－F安＝ma 即F＝BIL＋ma＝0.164 N。 [答案]　(1)0.4 V　(2)0.8 A　(3)0.164 N 通電自感與斷電自感的比較 比較項(xiàng)目 通電自感 斷電自感 電路圖 器材要求 A1、A2同規(guī)格， R＝RL，L較大 L很大(有鐵芯) 現(xiàn)象 在S閉合瞬間，燈A2立即亮起來，燈A1逐漸變亮，最終和A2一樣亮 在開關(guān)S斷開時(shí)，燈A漸漸熄滅或閃亮一下再熄滅 原因 由于開關(guān)閉合時(shí)，流過電感線圈的電流迅速增大，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙了電流的增大，使流過燈A1的電流比流過燈A2的電流增加得慢 S斷開時(shí)，線圈L產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙了電流的減小，使電流繼續(xù)存在一段時(shí)間；燈A中電流反向不會(huì)立即熄滅。若RLIA，則A燈熄滅前要閃亮一下。若RL≥RA，原來的電流IL≤IA，則燈A逐漸熄滅不再閃亮一下 能量轉(zhuǎn)化情況 電能轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能 磁場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為電能 [例3]　某同學(xué)為了驗(yàn)證斷電自感現(xiàn)象，自己找來帶鐵芯的線圈L、小燈泡A、開關(guān)S和電池組E，用導(dǎo)線將它們連接成如圖10－2－11所示的電路。檢查電路后，閉合開關(guān)S，小燈泡發(fā)光；再斷開開關(guān)S，小燈泡僅有不顯著的延時(shí)熄滅現(xiàn)象。雖經(jīng)多次重復(fù)，仍未見老師演示時(shí)出現(xiàn)的小燈泡閃亮現(xiàn)象，他冥思苦想找不出原因。你認(rèn)為最有可能造成小燈泡未閃亮的原因是(　　) 圖10－2－11 A．電源的內(nèi)阻較大 B．小燈泡電阻偏大 C．線圈電阻偏大 D．線圈的自感系數(shù)較大 [解析]　閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定燈泡正常發(fā)光時(shí)，如果電感線圈L中的電阻比燈泡的電阻大，則電感線圈L中的電流IL比燈泡A中的電流IA小，當(dāng)開關(guān)S斷開，則由于自感現(xiàn)象，L和A 構(gòu)成回路使L和A 中的電流從IL開始減小，因此不可能看到小燈泡閃亮的現(xiàn)象，C項(xiàng)正確。 [答案]　C [模型概述] 1．模型特點(diǎn) “桿＋導(dǎo)軌”模型是電磁感應(yīng)問題高考命題的“基本道具”，也是高考的熱點(diǎn)，考查的知識(shí)點(diǎn)多，題目的綜合性強(qiáng)，物理情景富于變化，是我們復(fù)習(xí)中的難點(diǎn)?！皸U＋導(dǎo)軌”模型又分為“單桿”型和“雙桿”型；導(dǎo)軌放置方式可分為水平、豎直和傾斜；桿的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可分為勻速運(yùn)動(dòng)、勻變速運(yùn)動(dòng)、非勻變速運(yùn)動(dòng)或轉(zhuǎn)動(dòng)等；磁場(chǎng)的狀態(tài)可分為恒定不變、均勻變化和非均勻變化等等，情景復(fù)雜形式多變。 2．模型分類 (1)單桿水平式 物理模型 勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，棒ab長為L，質(zhì)量為m，初速度為零，拉力恒為F，水平導(dǎo)軌光滑，除電阻R外，其他電阻不計(jì) 動(dòng)態(tài)分析 設(shè)運(yùn)動(dòng)過程中某時(shí)刻棒的速度為v，由牛頓第二定律知棒ab的加速度為a＝－，a、v同向，隨速度的增加，棒的加速度a減小，當(dāng)a＝0時(shí)，v最大，I＝恒定 收尾狀態(tài) 運(yùn)動(dòng)形式 勻速直線運(yùn)動(dòng) 力學(xué)特征 a＝0　v恒定不變 電學(xué)特征 I恒定 (2)單桿傾斜式 物理模型 勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌間距L，導(dǎo)體棒質(zhì)量m，電阻R，導(dǎo)軌光滑，電阻不計(jì) 動(dòng)態(tài)分析 棒ab釋放后下滑，此時(shí)a＝gsin α，棒ab的速度v↑→感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BLv↑→電流I＝↑→安培力F＝BIL↑→加速度a↓，當(dāng)安培力F＝mgsin α?xí)r，a＝0，v最大 收尾狀態(tài) 運(yùn)動(dòng)形式 勻速直線運(yùn)動(dòng) 力學(xué)特征 a＝0　v最大　vm＝ 電學(xué)特征 I恒定 [典例]　(xx廣東高考)如圖10－2－12所示，質(zhì)量為M的導(dǎo)體棒ab，垂直放在相距為l的平行光滑金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為θ，并處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，左側(cè)是水平放置、間距為d的平行金屬板，R和Rx分別表示定值電阻和滑動(dòng)變阻器的阻值，不計(jì)其他電阻。 圖10－2－12 (1)調(diào)節(jié)Rx＝R，釋放導(dǎo)體棒，當(dāng)棒沿導(dǎo)軌勻速下滑時(shí)，求通過棒的電流I及棒的速率v。 (2)改變Rx，待棒沿導(dǎo)軌再次勻速下滑后，將質(zhì)量為m、帶電量為＋q的微粒水平射入金屬板間，若它能勻速通過，求此時(shí)的Rx。 [解析]　(1)當(dāng)Rx＝R，棒沿導(dǎo)軌勻速下滑時(shí)，由平衡條件 Mgsin θ＝F 安培力F＝BIl 解得I＝ 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝Blv 電流I＝ 解得v＝ (2)微粒水平射入金屬板間，能勻速通過，由平衡條件得 mg＝q 棒沿導(dǎo)軌勻速下滑，由平衡條件Mgsin θ＝BI1l 金屬板間電壓U＝I1Rx 解得Rx＝ [答案]　(1)　　(2) [題后悟道]　由于感應(yīng)電流與導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)的加速度有著相互制約的關(guān)系，故導(dǎo)體一般不是做勻變速運(yùn)動(dòng)，而是經(jīng)歷一個(gè)動(dòng)態(tài)變化過程再趨于一個(gè)穩(wěn)定狀態(tài)。分析這一動(dòng)態(tài)過程進(jìn)而確定最終狀態(tài)是解決這類問題的關(guān)鍵。 分析電磁感應(yīng)問題中導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的方法： (1)首先分析導(dǎo)體最初在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和受力情況； (2)其次分析由于運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化，導(dǎo)體受到的安培力、合力的變化情況； (3)再分析由于合力的變化，導(dǎo)體的加速度、速度又會(huì)怎樣變化，從而又引起感應(yīng)電流、安培力、合力怎么變化； (4)最終明確導(dǎo)體所能達(dá)到的是什么樣的穩(wěn)定狀態(tài)。 如圖10－2－13所示，質(zhì)量m1＝0.1 kg，電阻R1＝0.3 Ω，長度l＝0.4 m的導(dǎo)體棒ab橫放在U形金屬框架上，框架質(zhì)量m2＝0.2 kg，放在絕緣水平面上，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，相距0.4 m的MM′、NN′相互平行，電阻不計(jì)且足夠長。電阻R2＝0.1 Ω的MN垂直于MM′。整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T。垂直于ab施加F＝2 N的水平恒力，ab從靜止開始無摩擦地運(yùn)動(dòng)，始終與MM′、NN′保持良好接觸。當(dāng)ab運(yùn)動(dòng)到某處時(shí)，框架開始運(yùn)動(dòng)。設(shè)框架與水平面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10 m/s2。 圖10－2－13 (1)求框架開始運(yùn)動(dòng)時(shí)ab速度v的大??； (2)從ab開始運(yùn)動(dòng)到框架開始運(yùn)動(dòng)的過程中，MN上產(chǎn)生的熱量Q＝0.1 J，求該過程ab位移s的大小。 解析：(1)ab對(duì)框架的壓力 FN1＝m1g① 框架受水平面的支持力 FN2＝m2g＋FN1② 依題意，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則框架受到最大靜摩擦力 F2＝μFN2③ ab中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E＝Blv④ MN中電流 I＝⑤ MN受到的安培力 F安＝IlB⑥ 框架開始運(yùn)動(dòng)時(shí) F安＝F2⑦ 由上述各式代入數(shù)據(jù)解得 v＝6 m/s⑧ (2)閉合回路中產(chǎn)生的總熱量 Q總＝Q⑨ 由能量守恒定律，得 Fs＝m1v2＋Q總 代入數(shù)據(jù)解得 s＝1.1 m。? 答案：(1)6 m/s　(2)1.1 m [隨堂鞏固落實(shí)] 1．(xx廣東湛江月考)將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，下列表述正確的是(　　) A．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)無關(guān) B．穿過線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 C．穿過線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 D．感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同 解析：選C　根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E＝N＝NS，顯然，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)、磁通量的變化率有關(guān)，而與磁通量的大小無關(guān)，并且穿過線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤，C正確；根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)變化的方向相反，即“增反減同”，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。本題答案為C。 2．如圖10－2－14甲矩形導(dǎo)線框abcd固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線的方向與導(dǎo)線框所在平面垂直，規(guī)定磁場(chǎng)的正方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流i的正方向，下列各圖中正確的是(　　) 圖10－2－14 圖10－2－15 解析：選D　由法拉第電磁感應(yīng)定律知：0～1 s末內(nèi)穿過線框的磁通量向里均勻增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流應(yīng)是恒定電流，故A錯(cuò)；1～3 s末磁通量變化率恒定，則產(chǎn)生的感應(yīng)電流亦恒定，故B錯(cuò)；再結(jié)合楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向可知D正確。 3．[多選]如圖10－2－16所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向垂直于電路所在平面，導(dǎo)體棒ab與電路接觸良好。當(dāng)導(dǎo)體棒ab在外力F作用下從左向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，若不計(jì)摩擦和導(dǎo)線的電阻，整個(gè)過程中，燈泡A未被燒毀，電容器C未被擊穿，則該過程中(　　) 圖10－2－16 A．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將變大 B．燈泡A的亮度變大 C．電容器C的上極板帶負(fù)電 D．電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將減小 解析：選AB　當(dāng)導(dǎo)體棒ab在外力F作用下從左向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，由右手定則知，導(dǎo)體棒a端的電勢(shì)高，電容器C的上極板帶正電；由公式E＝BLv知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)將變大，導(dǎo)體棒兩端的電壓變大，燈泡A的亮度變大，由于場(chǎng)強(qiáng)E＝電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將變大。故A、B正確，C、D錯(cuò)。 4.(xx廣東質(zhì)量分析聯(lián)考)如圖10－2－17所示，半徑為R的圓形導(dǎo)線環(huán)勻速穿過半徑也為R的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，規(guī)定逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流為正。導(dǎo)線環(huán)中感應(yīng)電流i隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖10－2－18所示，其中最符合實(shí)際的是(　　) 圖10－2－17 圖10－2－18 解析：選B　開始時(shí)進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線，根據(jù)右手定則可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，即為正方向，當(dāng)開始出磁場(chǎng)時(shí)，回路中磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流為順時(shí)針，方向?yàn)樨?fù)方向；當(dāng)進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，切割的有效長度變大，則產(chǎn)生感應(yīng)電流也變大；當(dāng)離開磁場(chǎng)時(shí)，切割的有效長度變小，則產(chǎn)生感應(yīng)電流也變小， 根據(jù)i＝＝ ，當(dāng)環(huán)與磁場(chǎng)完全重合之前，電流按正弦規(guī)律變化，之后電流變?yōu)榉聪颍从嘞乙?guī)律變化；故A、C、D錯(cuò)誤；因此只有B正確。 5.如圖10－2－19所示，金屬桿ab放在光滑的水平金屬導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌組成閉合矩形電路，長l1＝0.8 m，寬l2＝0.5 m，回路總電阻R＝0.2 Ω，回路處在豎直方向的磁場(chǎng)中，金屬桿用水平繩通過定滑輪連接質(zhì)量M＝0.04 kg的木塊，磁感應(yīng)強(qiáng)度從B0＝1 T開始隨時(shí)間均勻增加，5 s末木塊將離開水平面，不計(jì)一切摩擦，g取10 m/s2，求回路中的電流強(qiáng)度。 圖10－2－19 解析：設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度B(t)＝B0＋kt，k是大于零的常量， 于是回路電動(dòng)勢(shì)E＝＝kS① S＝l1l2② 回路電流I＝③ 桿受安培力F(t)＝BIl2＝(B0＋kt)Il2④ 5秒末有 F(5 s)＝＝Mg⑤ 可以得到k＝0.2 T/s或k＝－0.4 T/s(舍去)， 解得I＝0.4 A。 答案：0.4 A [課時(shí)跟蹤檢測(cè)] 高考?？碱}型：選擇題＋計(jì)算題 一、單項(xiàng)選擇題 1.(xx南京模擬)如圖1所示，長為L的金屬導(dǎo)線彎成一圓環(huán)，導(dǎo)線的兩端接在電容為C的平行板電容器上，P、Q為電容器的兩個(gè)極板，磁場(chǎng)垂直于環(huán)面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度以B＝B0＋Kt(K>0)隨時(shí)間變化，t＝0時(shí)，P、Q兩極板電勢(shì)相等。兩極板間的距離遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑，經(jīng)時(shí)間t電容器P板(　　) 圖1 A．不帶電 B．所帶電荷量與t成正比 C．帶正電，電荷量是 D．帶負(fù)電，電荷量是 解析：選D　磁感應(yīng)強(qiáng)度以B＝B0＋Kt(K>0)隨時(shí)間變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律得E＝＝S＝KS，而S＝，經(jīng)時(shí)間t電容器P板所帶電荷量Q＝EC＝；由楞次定律知電容器P板帶負(fù)電，故D選項(xiàng)正確。 2.如圖2中兩條平行虛線之間存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，虛線間的距離為l，磁場(chǎng)的方向垂直紙面向里。abcd是位于紙面內(nèi)的梯形線圈，ad與bc間的距離也為l。t＝0時(shí)刻bc邊與磁場(chǎng)區(qū)域邊界重合(如圖)?，F(xiàn)令線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場(chǎng)區(qū)域邊界的方向穿過磁場(chǎng)區(qū)域。取沿a→b→c→d的感應(yīng)電流為正，則在線圈穿越磁場(chǎng)區(qū)域的過程中，感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的圖線可能是(　　) 圖2 圖3 解析：選B　當(dāng)線圈進(jìn)入時(shí)，穿過線圈的磁通量增加，切割磁感線的等