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2019-2020年高考模擬試卷 物理( 第十模擬 )參考答案 1．C 2．A、D F右推，對(duì)活塞有P2S=ma1，F(xiàn)左推時(shí)汽缸有P1S=Ma1，因?yàn)镸＞m故P1＞P2，P1V1=P2V2故V1＜V2 3．A、C 4．A、D 對(duì)小球受力分析得：qE=mgtgθ當(dāng)K保持閉合，U一定，板間距減 E，E不變，所以θ不變。 5．B 初狀態(tài)被封閉的空氣柱原來(lái)的壓強(qiáng)為P0+ρgH，H為上端水銀柱的長(zhǎng)度，當(dāng)放入升降機(jī)中后，隨升降機(jī)一起向上加速運(yùn)動(dòng)，玻璃管中的水銀柱也要以加速度a向上加速運(yùn)動(dòng)，水銀柱受大氣向下的壓力P0S，重力ρgHS，封閉氣體的壓力P′S，根據(jù)牛頓第二定律，則有P′S-P0S-ρgHs=ρHSa，所以P′=P0+ρH(g＋a)氣體壓強(qiáng)增大，根據(jù)玻一馬定律，體積必然減小，即長(zhǎng)度h變小。 6．B 當(dāng)條形磁鐵向右運(yùn)動(dòng)的瞬間，穿過(guò)A中的磁場(chǎng)方向向下且增強(qiáng)，由楞次定律判定ab中有順時(shí)針感應(yīng)電流，而A相當(dāng)于電源，故Ua＞Ub，B中磁場(chǎng)向上且增強(qiáng)，那么C中磁場(chǎng)向下亦增強(qiáng)，由楞次定律有Ud＞Uc。 7．D 當(dāng)物體離開平衡位置的位移為x時(shí)，回復(fù)力的大小為kx， 以A為研究對(duì)象，使m產(chǎn)生加速度的力，即為B對(duì)A的靜摩擦力， 確。 8．A、C 同一介質(zhì)對(duì)紅光折射率小，對(duì)綠光折射率大，所以發(fā)生全反射時(shí)，紅光的臨界角最大，綠光的臨界角最小。若黃光發(fā)生全反射，則綠光一定發(fā)生全反射。由v=c/n，則紅光速度大，紅光在真空中波長(zhǎng)比在介質(zhì)中要大。 9．B 質(zhì)子和α粒子都帶正電，若同時(shí)釋放后它們間的靜電斥力是變力，且在減小，故它們的加速度在減?。贿@個(gè)變力對(duì)質(zhì)子和α粒子都做正功，它們的動(dòng)能都在增加，電勢(shì)能在減少。 以質(zhì)子和α粒子為系統(tǒng)，它們間的靜電斥力是系統(tǒng)內(nèi)力，而系統(tǒng)外的合力為零，總動(dòng)量守恒，所以它們的總動(dòng)量未發(fā)生變化。故選B。 10．A、C 在升降機(jī)靜止時(shí)，物體A受豎直向下的重力、豎直向上的支持力。水平向右的彈簧彈力、水平向左的靜摩擦力。當(dāng)升降機(jī)以a=g的加速度加速下降時(shí)，物A處于完全失重狀態(tài)，與底板間的相互壓力消失，即支持力N減為零，因此，摩擦力減為零，故A選項(xiàng)正確。在彈力作用下，向右運(yùn)動(dòng)一段距離，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，彈力才消失，故D錯(cuò)。但不能離開底板，故B錯(cuò)，C正確。 13．小球靜止，受力分析是如圖答10-1：T=Eqcosθ，mg=Eqsinθ． 電場(chǎng)力和重力的合力是mgctgθ，水平向左。 故外力功是：mgctgθL 14．0.30S　 0.580 15．臨界角　 1/sinθ 16．(1)見圖答10-2；(2)見圖答10-3； (3)滑動(dòng)變阻器甲為粗調(diào)；滑動(dòng)變阻器乙為細(xì)調(diào)。 17．(1)氣缸水平放置時(shí)，由于活塞處于平衡狀態(tài)有p1S=p0S 氣缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)p1=p0=1.0105Pa 將氣缸豎直放置穩(wěn)定后，缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p2，體積為V2，設(shè)k是彈簧的勁度系數(shù) V2=(l0-△l1)S 氣缸緩慢移動(dòng)意為溫度不變，根據(jù)玻-馬定律 p1V1=p2V2 代入數(shù)據(jù)解出k=500N/m (2)對(duì)氣體緩慢加熱后，活塞上升30cm，氣體溫度為T3壓強(qiáng)為p3體積為V3 V3=(l0+△l2-△l1)S3 T1=300K ① ② 由①、②解出a=2g ③ ④ ⑤ 為使帶電質(zhì)點(diǎn)射出金屬板，質(zhì)點(diǎn)在豎直方向運(yùn)動(dòng)應(yīng)有 ⑥ ⑦ a′是豎直方向的加速度，t2是質(zhì)點(diǎn)在金屬板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間 ⑧ 若a′的方向向上則兩金屬板應(yīng)加電壓為U′上板為正有 ⑨ 若a′的方向向下則兩極間應(yīng)加電壓U″上板為正有 ⑩ 為使帶電質(zhì)點(diǎn)從兩板間射出，兩板間電壓U始終應(yīng)上極為正 (2)由于衛(wèi)星在接近星球表面的軌道上運(yùn)動(dòng)，星球?qū)πl(wèi)星的萬(wàn)有引力 20．設(shè)水平向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mAv0- 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)ε(是電源)，設(shè)圓環(huán)邊緣速率為v，由法拉第電磁感應(yīng)定律有： 伏，由歐姆定律： (2)根據(jù)動(dòng)量轉(zhuǎn)化和守恒定律：mgv=εI， 22．(1)設(shè)A被B托至彈簧的壓縮量為x1處。若突然撤去B，據(jù)牛頓第二定律，對(duì)a有 kx1＋mg=ma． ① A隨B一起以a/3勻加速下移時(shí)，設(shè)下移至彈簧的伸長(zhǎng)量為x2時(shí)A、B開始分離(如a＞3g，則x2為負(fù)值，結(jié)果不變)，此時(shí)A、B間的作用力剛好為零，對(duì)a有mg-kx2=ma/3。 A、B運(yùn)動(dòng)至開始分離時(shí)的位移為x1＋x2，據(jù)勻加速運(yùn)動(dòng)位移公式 (2)B開始運(yùn)動(dòng)的瞬間，據(jù)牛頓第二定律，對(duì)A、B系統(tǒng)有 kx1+3mg-F=3ma/3． ② 由①、②解得手托B的作用力F=2mg。