2019年高考物理一輪選練編題(含解析)(打包11套)新人教版.zip
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人教版物理2019年高考一輪選練編題(5)
李仕才
一、選擇題
1、一列有8節(jié)車廂的動車組列車,沿列車前進(jìn)方向看,每兩節(jié)車廂中有一節(jié)自帶動力的車廂(動車)和一節(jié)不帶動力的車廂(拖車).該動車組列車在水平鐵軌上勻加速行駛時,設(shè)每節(jié)動車的動力裝置均提供大小為F的牽引力,每節(jié)車廂所受的阻力均為f,每節(jié)車廂總質(zhì)量均為m,則第4節(jié)車廂與第5節(jié)車廂水平連接裝置之間的相互作用力大小為( A )
A.0
B.2F
C.2(F-f)
D.2(F-2f)
解析:以整體為研究對象,由牛頓第二定律4F-8f=8ma,以后4節(jié)車廂為研究對象,由牛頓第二定律F45+2F-4f=4ma,解得F45=0,選項A正確.
2、自行車和汽車同時駛過平直公路上的同一地點,此后其運動的v-t圖象如圖所示,自行車在t=50 s時追上汽車,則( )
A.汽車的位移為100 m
B.汽車的運動時間為20 s
C.汽車的加速度大小為0.25 m/s2
D.汽車停止運動時,二者間距最大
解析:選C.t=0時刻自行車和汽車位于同一地點,自行車在t=50 s時追上汽車,兩者的位移相等,由圖線與時間軸包圍的面積表示位移求出自行車的位移,從而得到汽車的位移.根據(jù)平均速度公式求汽車運動的時間,由速度公式求加速度.通過分析兩者速度關(guān)系分析何時間距最大.
汽車的位移等于自行車的位移x=v自t=4×50 m=200 m,故A錯誤;設(shè)汽車運動時間為t,則有x=t,得t== s=40 s,故B錯誤;汽車的加速度大小為a== m/s2=0.25 m/s2,故C正確;在兩者速度相等前,汽車的速度大于自行的速度,汽車在自行車的前方,兩者間距增大,速度相等后,汽車的速度小于自行車的速度,汽車仍在自行車的前方,兩者間距減小,所以兩者速度相等時間距最大,故D錯誤.
3、頻閃照相是每隔相等時間曝光一次的照相方法,在同一張相片上記錄運動物體在不同時刻的位置。如圖所示是小球在豎直方向運動過程中拍攝的頻閃照片,相機(jī)的頻閃周期為T, 利用刻度尺測量相片上2、3、4、5 與1 位置之間的距離分別為x1、x2、x3、x4。下列說法正確的是( )
A.小球一定處于下落狀態(tài) B.小球在2位置的速度大小為
C.小球的加速度大小為 D.頻閃照相法可用于驗證機(jī)械能守恒定律
【答案】D
4、如圖所示,在豎直面內(nèi)固定一光滑的硬質(zhì)桿ab,桿與水平面的夾角為θ,在桿的上端a處套一質(zhì)量為m的圓環(huán),圓環(huán)上系一輕彈簧,彈簧的另一端固定在與a處在同一水平線上的O點,O、b兩點處在同一豎直線上.由靜止釋放圓環(huán)后,圓環(huán)沿桿從a運動到b,在圓環(huán)運動的整個過程中,彈簧一直處于伸長狀態(tài),則下列說法正確的是( )
A.圓環(huán)的機(jī)械能保持不變
B.彈簧對圓環(huán)一直做負(fù)功
C.彈簧的彈性勢能逐漸增大
D.圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒
解析:選D.由幾何關(guān)系可知,當(dāng)環(huán)與O點的連線與桿垂直時,彈簧的長度最短,彈簧的彈性勢能最小,如圖,
所以在環(huán)從a到C的過程中彈簧對環(huán)做正功,彈簧的彈性勢能減小,環(huán)的機(jī)械能增大,而從C到b的過程中,彈簧對環(huán)做負(fù)功,彈簧的彈性勢能增大,環(huán)的機(jī)械能減小,故A、B、C錯誤;在整個的過程中只有圓環(huán)的重力和彈簧的彈力做功,所以圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,故D正確.
5、煙霧探測器使用了一種半衰期為432年的放射性元素镅Am來探測煙霧.當(dāng)正常空氣分子穿過探測器時,镅Am會釋放出射線將它們電離,從而產(chǎn)生電流.煙塵一旦進(jìn)入探測腔內(nèi),煙塵中的微粒會吸附部分射線,導(dǎo)致電流減小,從而觸發(fā)警報.則下列說法正確的是( AC )
A.镅Am發(fā)出的是α射線
B.镅Am發(fā)出的是β射線
C.0.2 mg的镅Am經(jīng)864年將衰變掉0.15 mg
D.發(fā)生火災(zāi)時,由于溫度升高,會使镅Am的半衰期減小
解析:镅Am會釋放出射線將空氣電離,從而產(chǎn)生電流,則镅Am發(fā)出的是α射線,選項A正確,B錯誤;0.2 mg的镅Am經(jīng)864年(2個半衰期)將衰變掉0.15 mg,選項C正確;發(fā)生火災(zāi)時,溫度升高,不會使镅Am的半衰期減小,選項D錯誤.
6、我國自主研發(fā)制造的國際熱核聚變核心部件在國際上率先通過權(quán)威機(jī)構(gòu)認(rèn)證,這是我國對國際熱核聚變項目的重大貢獻(xiàn).下列核反應(yīng)方程中屬于聚變反應(yīng)的是( )
A.H+H→He+n
B.N+He→O+H
C.He+Al→P+n
D.U+n→Ba+Kr+3n
解析:選A.H+H→He+n是核聚變反應(yīng)方程,A正確;N+He→O+H是原子核的人工轉(zhuǎn)變反應(yīng)方程,B錯誤;He+Al→P+n是居里夫婦發(fā)現(xiàn)人工放射性的核反應(yīng)方程,C錯誤;U+n→Ba+Kr+3n是鈾核裂變的反應(yīng)方程,D錯誤.
7、如圖所示,平行板電容器與電動勢為E′的直流電源(內(nèi)阻不計)連接,下極板接地,靜電計所帶電荷量很少,可被忽略.一帶負(fù)電油滴被固定于電容器中的P點.現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離,則下列說法中正確的是( )
A.平行板電容器的電容將變小
B.靜電計指針張角變小
C.帶電油滴的電勢能將減少
D.若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開,再將下極板向下移動一小段距離,則帶電油滴所受電場力不變
【答案】ACD
到上極板的距離,又因為油滴帶負(fù)電,所以其電勢能將減少,選項C正確;若先將上極板與電源正極的導(dǎo)線斷開,再將下極板向下移動一小段距離,則電容器的電荷量Q不變,極板間距d變大,根據(jù)Q=CU,E=和C=可知E∝,可見,極板間電場強(qiáng)度E不變,所以帶電油滴所受電場力不變,選項D正確.
8、(多選)如圖所示為一個質(zhì)點運動的位移x隨時間t變化的圖象,由此可知質(zhì)點在0~4s內(nèi)( )
A. 先沿x軸正方向運動,后沿x軸負(fù)方向運動
B. 一直做勻變速運動
C. t=2s時速度一定最大
D. 速率為5m/s的時刻有兩個
【來源】江蘇省南京市南京師范大學(xué)附屬中學(xué)2018屆高三5月模擬考試?yán)砜凭C合物理試題
【答案】 CD
二、非選擇題
1.足夠長光滑斜面BC的傾角α=53°,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,水平面與斜面之間在B點有一小段弧形連接,一質(zhì)量m=2 kg的小物塊靜止于A點.現(xiàn)用與水平方向成α=53°角的恒力F拉小物塊,如圖所示,小物塊經(jīng)t1=4 s到達(dá)B點,并迅速撤去拉力F,A、B兩點相距x1=4 m(已知sin 53°=0.8,cos 53°=0.6,g取10 m/s2).求:
(1)恒力F的大?。?
(2)小物塊從B點沿斜面向上運動的最大距離x2;
(3)小物塊停止運動時到B點的距離x3.
解析:(1)AB段加速度a1==0.5 m/s2
根據(jù)牛頓第二定律,有
Fcos α-μ(mg-Fsin α)=ma1
解得F== N=11 N.
(2)到達(dá)B點時,小物塊的速度v=a1t1=2 m/s
在BC段的加速度
a2=gsin 53°=8 m/s2
由v2=2a2x2得
x2== m=0.25 m.
(3)小物塊從B向A運動過程中,由μmg=ma3,
解得a3=μg=5 m/s2
滑行的位移x3== m=0.4 m,小物塊停止運動時,離B點的距離為0.4 m.
答案:(1)11 N (2)0.25 m (3)0.4 m
2.一圓筒的橫截面如圖所示,其圓心為O.筒內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.圓筒下面有相距為d的平行金屬板M、N,其中M板帶正電荷,N板帶等量負(fù)電荷.質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子自M板邊緣的P處由靜止釋放,經(jīng)N板的小孔S以速度v沿半徑SO方向射入磁場中.粒子與圓筒發(fā)生兩次碰撞后仍從S孔射出,設(shè)粒子與圓筒碰撞過程中沒有動能損失,且電荷量保持不變,在不計重力的情況下,求:
(1)M、N間電場強(qiáng)度E的大??;
(2)圓筒的半徑R;
(3)保持M、N間電場強(qiáng)度E不變,僅將M板向上平移d,粒子仍從M板邊緣的P處由靜止釋放,粒子自進(jìn)入圓筒至從S孔射出期間,與圓筒的碰撞次數(shù)n.
解析:(1)設(shè)兩板間的電壓為U,由動能定理得
qU=mv2①
由勻強(qiáng)電場中電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系得
U=Ed②
聯(lián)立①②式可得
E=③
(2)粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運動,運用幾何關(guān)系作出圓心為O′,圓半徑為r.設(shè)第一次碰撞點為A,由于粒子與圓筒發(fā)生兩次碰撞又從S孔射出,因此,SA弧所對的圓心角∠AO′S等于.
由幾何關(guān)系得
r=R tan ④
粒子運動過程中洛倫茲力充當(dāng)向心力,由牛頓第二定律,得
qvB=m⑤
聯(lián)立④⑤式得
R=⑥
(3)保持M、N間電場強(qiáng)度E不變,M板向上平移d后,設(shè)板間電壓為U′,則
U′==⑦
設(shè)粒子進(jìn)入S孔時的速度為v′,由①式看出
=
綜合⑦式可得v′=v⑧
設(shè)粒子做圓周運動的半徑為r′,則
r′=⑨
設(shè)粒子從S到第一次與圓筒碰撞期間的軌跡所對圓心角為θ,比較⑥⑨兩式得到r′=R,可見
θ=⑩
粒子須經(jīng)過四個這樣的圓弧才能從S孔射出,故
n=3?
答案:(1) (2) (3)3
7
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編號:4049369
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大?。?span id="mzebxcnn0" class="font-tahoma">2.72MB
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上傳時間:2019-12-30
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2019
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