《2019高考物理一輪復習 微專題系列之熱點專題突破 專題60 電磁感應中的“桿＋導軌”模型學案.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019高考物理一輪復習 微專題系列之熱點專題突破 專題60 電磁感應中的“桿＋導軌”模型學案.doc（15頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

專題60 電磁感應中的“桿＋導軌”模型 “桿＋導軌”模型是電磁感應問題高考命題的“基本道具”，也是高考的熱點，考查的知識點多，題目的綜合性強，物理情景變化空間大，是我們復習中的難點．“桿＋導軌”模型又分為“單桿”型和 “雙桿”型(“單桿”型為重點)；導軌放置方式可分為水平、豎直和傾斜；桿的運動狀態(tài)可分為勻速、勻變速、非勻變速運動等． 一、單棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 阻尼式 a逐漸減小的減速運動 靜止 I=0 電動式 a逐漸減小的加速運動 勻速 I=0 (或恒定) 發(fā)電式 a逐漸減小的加速運動 勻速 I 恒定 二、含容式單棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 放電式 a逐漸減小的加速運動 勻速運動 I＝0 無外力充電式 a逐漸減小的減速運動 勻速運動 I＝0 有外力充電式 勻加速運動 勻加速運動 I 恒定 三、無外力雙棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 無外力等距式 桿1做a漸小的加速運動 桿2做a漸小的減速運動 v1=v2 I＝0 無外力不等距式 桿1做a漸小的減速運動 桿2做a漸小的加速運動 a＝0 I＝0 L1v1=L2v2 四、有外力雙棒問題 基本模型 運動特點 最終特征 有外力等距式 桿1做a漸大的加速運動 桿2做a漸小的加速運動 a1=a2，Δv 恒定 I 恒定 有外力 不等距式 桿1做a漸小的加速運動 桿2做a漸大的加速運動 a1≠a2，a1、a2恒定 I 恒定 【典例1】如圖所示，質量m1＝0.1 kg，電阻R1＝0.3 Ω，長度l＝0.4 m的導體棒ab橫放在U型金屬框架上．框架質量m2＝0.2 kg，放在絕緣水平面上，與水平面間的動摩擦因數μ＝0.2.相距0.4 m的MM′、NN′相互平行，電阻不計且足夠長．電阻R2＝0.1 Ω的MN垂直于MM′.整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B＝0.5 T．垂直于ab施加F＝2 N的水平恒力，ab從靜止開始無摩擦地運動，始終與MM′、NN′保持良好接觸．當ab運動到某處時，框架開始運動．設框架與水平面間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10 m/s2. (1)求框架開始運動時ab速度v的大??； (2)從ab開始運動到框架開始運動的過程中，MN上產生的熱量Q＝0.1 J，求該過程ab位移x的大?。? 【答案】　(1)6 m/s　(2)1.1 m (2)閉合回路中產生的總熱量，Q總＝Q⑨ 由能量守恒定律，得，Fx＝m1v2＋Q總⑩ 代入數據解得x＝1.1 m 【典例2】如圖所示，相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導軌與水平面的夾角為θ，上端接有定值電阻R，勻強磁場垂直于導軌平面，磁感應強度為B.將質量為m的導體棒由靜止釋放，當速度達到v時開始勻速運動，此時對導體棒施加一平行于導軌向下的拉力，并保持拉力的功率恒為P，導體棒最終以2v的速度勻速運動．導體棒始終與導軌垂直且接觸良好，不計導軌和導體棒的電阻，重力加速度為g.下列選項正確的是(　　)． A．P＝2mgvsin θ B．P＝3mgvsin θ C．當導體棒速度達到時加速度大小為sin θ D．在速度達到2v以后勻速運動的過程中，R上產生的焦耳熱等于拉力所做的功 【答案】　AC 【解析】　導體棒由靜止釋放，速度達到v時，回路中的電流為I，則根據平衡條件，有mgsin θ＝BIL.對導體棒施加一平行于導軌向下的拉力，以2v的速度勻速運動時，則回路中的電流為2I，有F＋mgsin θ＝2BIL，所以拉力F＝mgsin θ，拉力的功率P＝F2v＝2mgvsin θ，故選項A正確、選項B錯誤；當導體棒的速度達到時，回路中的電流為，根據牛頓第二定律，得mgsin θ－BL＝ma，解得a＝sin θ，選項C正確；當導體棒以2v的速度勻速運動時，根據能量守恒定律，重力和拉力所做的功之和等于R上產生的焦耳熱，故選項D錯誤． 【典例3】如圖所示，電阻不計的光滑金屬軌道相距0.4 m平行放置，軌道左側為弧形，右側水平且足夠長，導軌的水平部分處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為2 T.金屬棒ab從弧形導軌上高為0.8 m處自靜止滑下，進入導軌的水平部分，在水平部分導軌上靜止有另一根金屬棒cd，兩金屬棒的質量均為0.5kg，電阻均為1 Ω，金屬棒ab始終沒跟金屬棒ed相碰.忽略一切阻力 ，重力加速度g=10 m/s.求： (1)金屬棒ab進入磁場的瞬間，通過金屬棒cd的電流大小和方向； (2)兩金屬棒的最終速度大??； (3)上述整個過程回路中產生的焦耳熱Q. 【答案】（1）I=1.6A ,方向由d到c（2）v=2m/s （3）Q=2J （2）兩桿最終速度相等.由動量守恒得mv0=2mv 解得v=2 m/s （3）由能量守恒得：Q=mgh=12(2m)v2=2J 【跟蹤短訓】 1．如圖所示，在磁感應強度B=1.0 T的勻強磁場中，質量m=1kg的金屬桿PQ在水平向右的外力F作用下沿著粗糙U形導軌以速度v=2 m/s 向右勻速滑動，U形導軌固定在水平面上，兩導軌間距離1=1.0m，金屬桿PQ與U形導軌之間的動摩擦因數μ=0.3， 電阻R=3.0 Ω，金屬桿的電阻r=1.0 Ω，導軌電阻忽略不計，取重力加速度g=10 m/s，則下列說法正確的是 A． 通過R的感應電流的方向為由d到a B． 金屬桿PQ切割磁感線產生的感應電動勢的大小為2.0 V C． 金屬桿PQ受到的外力F的大小為2.5N D． 外力F做功的數值大于電路上產生的焦耳熱 【答案】BD 2．如圖，足夠長的光滑導軌傾斜放置，導軌寬度為L，，其下端與電阻R連接；導體棒ab電阻為r，導軌和導線電阻不計,勻強磁場豎直向上。若導體棒ab以一定初速度v下滑，則ab棒 A． 所受安培力方向水平沿導軌向上 B． 可能以速度v勻速下滑 C． 剛下滑瞬間產生的電動勢為BLv D． 減少的重力勢能等于電阻R產生的內能 【答案】B 【解析】根據右手定則判斷可知，ab棒中感應電流方向從b→a，由左手定則判斷得知，棒ab所受的安培力方向水平向右，故A正確。當速度為v時，若安培力沿導軌向上的分力與重力沿導軌向下的分力大小相等，ab棒能以速度v勻速下滑，故B正確。剛下滑瞬間產生的感應電動勢為 E=BLvcosθ，故C錯誤。根據能量守恒定律得知，若ab棒勻速下滑，其減少的重力勢能等于電阻R和棒ab產生的內能之和；若ab棒加速下滑，其減少的重力勢能等于電阻R和棒ab產生的內能與棒ab增加的動能之和；若ab棒減速下滑，其減少的重力勢能和動能之和等于電阻R和棒ab產生的內能之和，所以減少的重力勢能不等于電阻R產生的內能。故D錯誤。故選B。 3．如圖所示，足夠長的光滑水平軌道，左側間距為0.4???m，右側間距為0.2???m?？臻g存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度大小為0.2T。質量均為0.02????kg的金屬棒M、N垂直導軌放置在軌道上，開始時金屬棒M、N均保持靜止，現使金屬棒M以10???m/s的速度向右運動，兩金屬棒在運動過程中始終相互平行且與導軌保持良好接觸，M棒總在寬軌上運動，N棒總在窄軌上運動。g取10???m/s2。下列說法正確的是（ ） A． M棒剛開始運動時，回路中產生順時針方向的電流（俯視） B． M、N棒最終都以5???m/s的速度向右勻速運動 C． 在兩棒運動的整個過程中，電路中產生的焦耳熱為0.5????J D． 在兩棒運動的整個過程中，通過金屬棒M的電荷量為2C 【答案】AD 課后作業(yè) 1．如圖所示，水平放置的光滑平行金屬導軌固定在水平面上，左端接有電阻R，勻強磁場B豎直向下分布在位置a、c之間，金屬棒PQ垂直導軌放置。今使棒以一定的初速度v0 水平向右運動，到位置b時棒的速度為v，到位置c時棒恰好靜止。設導軌與棒的電阻均不計，a到b與b到c的間距相等，速度與棒始終垂直。則金屬棒在由a到b和b到c的兩個過程中）（ ） A． 棒在磁場中的電流從Q流到P B． 位置b時棒的速度v02 C． 棒運動的加速度大小相等 D． a到b棒的動能減少量大于b到c棒的動能減少量 【答案】ABD 2．如圖所示,足夠長的U型光滑金屬導軌與水平面成θ角,其中MN與PQ平行且間距為L,N、Q間接有阻值為R的電阻,勻強磁場垂直導軌平面,磁感應強度為B,導軌電阻不計。質量為m的金屬棒ab由靜止開始沿導軌下滑,并與兩導軌始終保持垂直且良好接觸, ab棒接入電路的電阻為r,當金屬棒ab下滑距離s時達到最大速度v,重力加速度為g,則在這一過程中（ ） A． 金屬棒做勻加速直線運動　　　　　　　　　　　B． 通過金屬棒ab某一橫截面的電量為BLsR+r C． 金屬棒ab克服安培力做功為mgssinθ-12mv2　　　D． 電阻R上的最大發(fā)熱功率為B2L2v2R+r 【答案】BC 3．如圖所示，在豎直向下的磁感應強度為B的勻強磁場中，兩根足夠長的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面內，相距為L，軌道左端MP間接一電容器，電容器的電容為C，一質量為m的導體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好，軌道和導體棒的電阻均不計。導體棒在水平向右的恒力F的作用下從靜止開始運動，下列說法正確的是 A． 導體棒做變加速直線運動 B． 導體棒做勻加速直線運動 C． 經過時間t，導體棒的速度大小為Ftm+CB2L2 D． 經過時間t，導體棒的速度大小為FtCB2L2 【答案】BC 【解析】導體棒ab向右加速運動，在極短時間Δt內，導體棒的速度變化Δv，根據加速度的定義ΔE=BLΔv，電容器增加的電荷Δq=CΔE=CBLΔv，根據電流的定義I=ΔqΔt，解得I=CBLa，導體棒ab受到的安培力F安=BIL=B2L2Ca，根據牛頓第二定律F-F安=ma，解得：a=Fm+CB2L2，故AD錯誤，BC正確；故選BC。 4．如圖甲所示，有兩根足夠長、不計電阻，相距L=1m的平行光滑金屬導軌cd、ef與水平面成θ=30固定放置，頂端接一阻值為R=2Ω的電阻，在軌道平面內有磁感應強度為B=0.5T的勻強磁場，方向垂直軌道平面向上，現有一質量為m=0.1kg、電阻不計的金屬桿ab，平行于ce且垂直于導軌，以一定初速度v0沿軌道向上運動，此時金屬桿的加速度a0=15m/s2，到達某一高度后，再沿軌道向下運動，若金屬桿上滑過程中通過電阻R的電量q=0.5C，g=10m/s2，求： （1）金屬桿的初速度大?。? （2）金屬桿上滑過程中電阻R上產生的焦耳熱Q； （3）若將金屬導軌之間的電阻R改為接一電容為C的電容器，如圖乙所示，現用外力使金屬桿（仍平行于ce且垂直于導軌）以v0沿金屬導軌勻速上升，撤去外力發(fā)現，桿沿金屬導軌勻減速上升，請證明撤去外力后，金屬桿做勻減速直線運動的加速度大小為a=mgsinθm+B2L2C。 【答案】（1）v0=8m/s（2）Q=2.2J（3）見解析 【解析】（1）根據牛頓第二定律mgsinθ+B2L2v0R=ma 解得v0=8m/s （3）減速過程電容放電形成電流：mgsinθ-BIL=ma ④ I=ΔqΔt ⑤ Δq=CΔU ⑥ ΔU=BLΔt ⑦ Δv=aΔt ⑧ 由④⑤⑥⑦⑧解得a=mgsinθm+B2L2C 5．如圖所示，電阻不計的光滑平行金屬導軌MN和OP水平放置，MO間接有阻值為R的電阻，兩導軌相距為L，其間有豎直向下的勻強磁場。質量為m、長度為L、電阻為R0的導體棒CD垂直于導軌放置，并接觸良好。在CD的中點處用大小為F平行于MN向右的水平恒力拉CD從靜止開始運動s的位移，導體棒CD的速度恰好達到最大速度vm。 (1)試判斷通過電阻R的電流方向； (2)求磁場磁感應強度B的大?。? (3)求此過程中電阻R上所產生的熱量。 【答案】(1)方向為M→O (2)B=F(R+R0)L2vm (3)QR=RR+R0(Fs-12mvm2) 【解析】（1）電阻R的電流方向為M→O； （3）設產生的總熱量為Q，由功能關系有：Fs＝Q+12mvm2 由電路知R、R0所產生的熱量關系為：QR＝RR+R0Q 聯立求得電阻R上產生的熱量為：QR=RR+R0Fs-12mvm2 6．如圖甲所示，足夠長、電阻不計的光滑平行金屬導軌MN，PQ豎直放置，其寬度L=1???m，一勻強磁場垂直穿過導軌平面，導軌的上端M與P之間連接阻值為R=0.40????Ω的電阻，質量為m=0.01????kg、電阻為r=0.30????Ω的金屬棒ab緊貼在導軌上。現使金屬棒ab由靜止開始下滑，下滑過程中ab始終保持水平，且與導軌接觸良好，其下滑距離x與時間t的關系如圖乙所示，圖象中的OA段為曲線，AB段為直線，導軌電阻不計，g=10???m/s2（忽略ab棒運動過程中對原磁場的影響），求： （1）判斷金屬棒兩端a、b的電勢高低； （2）磁感應強度B的大?。? （3）在金屬棒ab從開始運動的1.5????s內，電阻R上產生的熱量。 【答案】(1) a點電勢高，b點電勢低。 (2) B=0.1T (3) QR=0.26????J 【解析】（1）由右手定則可知，ab中的感應電流由a流向b，ab相當于電源，則b點電勢高，a點電勢低； （3）金屬棒ab在開始運動的1.5s內，金屬棒的重力勢能減小轉化為金屬棒的動能和電路的內能。設電路中產生的總焦耳熱為Q 根據能量守恒定律得：mgx=12mv2+Q 代入數據解得：Q=0.455J 故R產生的熱量為QR=RR+rQ=0.26J 7．如圖甲所示，兩條足夠長的光滑平行金屬導軌豎直放置，導軌間距為L＝1 m，兩導軌的上端接有電阻，阻值R＝2 Ω.虛線OO′下方是垂直于導軌平面向里的勻強磁場，磁場磁感應強度為2 T．現將質量為m＝0.1 kg、電阻不計的金屬桿ab，從OO′上方某處由靜止釋放，金屬桿在下落的過程中與導軌保持良好接觸，且始終保持水平，不計導軌的電阻．已知金屬桿下落0.3 m的過程中加速度a與下落距離h的關系圖象如圖乙所示．(取g＝10 m/s2)求： (1)金屬桿剛進入磁場時速度為多大？下落了0.3 m時速度為多大？ (2)金屬桿下落0.3 m的過程中， 在電阻R上產生多少熱量？ 【答案】(1)1 m/s　0.5 m/s　(2)0.287 5 J (2)從開始到下落0.3 m的過程中，由能量守恒定律有mgh＝Q＋12mv2 代入數值有Q＝0.2875 J 8．如圖所示，平行長直光滑固定的金屬導軌MN、PQ平面與水平面的夾角0=30導軌間距為L=0.5m,上端接有R=3Ω的電阻，在導軌中間加一垂直軌道平面向下的勻強磁場，磁場區(qū)域為OOO1O1，磁感應強度大小為B=2T,磁場區(qū)域寬度為d=0.4m,放在軌道的一金屬桿ab質量為m=0.08kg、電阻為r=2Ω,從距磁場上邊緣d0處由靜止釋放，金屬桿進入磁場上邊緣的速度v=2m/s。兩軌道的電阻可忽略不計，桿在運動過程中始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸，重力加速度大小為g=l0m/s2,求： (1)金屬桿距磁場上邊緣的距離d0； (2)金屬桿通過磁場區(qū)域的過程中通過的電量q； (3)金屬桿通過磁場區(qū)域的過程中電阻R上產生的焦耳熱Q。 【答案】（1）0.4m （2）0.08C (3)0.096J 【解析】（1）由能量守恒定律得mgdsin30＝12mv2 金屬桿距磁場上邊緣的距離d0＝0.4m （3）由法拉第電磁感應定律E＝BLv＝2V 由閉合電路歐姆定律I＝ER+r＝0.4A F＝BIL＝0.4N F′＝mgdsin30＝0.4N 所以金屬棒進入磁場后做勻速運動,金屬桿通過磁場區(qū)域的過程中電阻R上產生的焦耳熱 Q＝RR+rmgdsin30＝0.096J 9．相距L＝1.2m的足夠長金屬導軌豎直放置，質量m1＝1kg的金屬棒ab和質量m2＝0.54kg的金屬棒cd均通過棒兩端的套環(huán)水平地套在金屬導軌上，如圖（a）所示，虛線上方勻強磁場方向垂直紙面向外，虛線下方勻強磁場方向豎直向上，兩處磁場的磁感應強度大小相同。ab棒光滑，cd棒與導軌間動摩擦因數μ＝0.75，兩棒總電阻為1.8Ω，導軌電阻不計。ab棒在方向豎直向上、大小按圖（b）所示規(guī)律變化的外力F作用下，由靜止開始（t=0）沿導軌勻加速運動，同時cd棒也由靜止釋放。 （1）請說出在兩棒的運動過程中ab棒中的電流方向和cd棒所受的磁場力方向； （2）求ab棒加速度的大小和磁感應強度B的大?。? （3）試問cd棒從運動開始起經過多長時間它的速度達到最大？（取重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力） 【答案】(1) ab棒中的電流方向向右（a→b），cd棒所受的磁場力方向垂直于紙面向里。 (2) 1m/s2 ， B＝1.5T (3) 4s （2）ab棒的受力圖，如右圖所示，運用牛頓第二定律，有 F-FA-m1g=m1a 對于ab棒所受的磁場力，有FA=BIL=B2L2vR 對于ab棒的運動，有v=at，所以，F=m1a+m1g+B2L2Rat 在圖線上取一點（0，11），有11=a+110，解得a=1m/s2 在圖線上另取一點（2，14.6），有14.6=11+110+B21.221.812 解得 B＝1.5T （3）從cd棒的d端截面看過去，cd棒的受力圖如右圖所示，cd棒速度達到最大時其合力為零，所以有 m2g=f，N=FA 又因為f=μN，FA=B2L2vR，所以有m2g=μB2L2vR 對于ab棒的運動，有v=atM 推得tM=m2gRμB2L2a=0.54101.80.751.521.221s=4s