《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時檢測（三十四）動量 沖量 動量定理（雙基落實課）（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時檢測（三十四）動量 沖量 動量定理（雙基落實課）（含解析）.doc（4頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

課時檢測(三十四) 動量 沖量 動量定理 (雙基落實課) 1．把重物壓在紙帶上，某人用一水平力緩緩拉動紙帶，重物跟著紙帶一起運(yùn)動；若某人迅速拉動紙帶，紙帶就會從重物下抽出，這個現(xiàn)象的原因是(　　) A．在緩緩拉動紙帶時，紙帶給重物的摩擦力大 B．在迅速拉動紙帶時，紙帶給重物的摩擦力小 C．在緩緩拉動紙帶時，紙帶給重物的沖量大 D．在迅速拉動紙帶時，紙帶給重物的沖量大 解析：選C　某人用水平力緩緩拉動紙帶，重物跟著紙帶一起運(yùn)動時重物受的靜摩擦力小于迅速拉動紙帶時重物受到的滑動摩擦力，A、B錯誤；某人迅速拉動紙帶時，因作用時間短，重物所受沖量較小，重物速度變化小，紙帶易抽出，C正確，D錯誤。 2.如圖所示，一個下面裝有輪子的貯氣瓶停放在光滑的水平地面上，左端與豎直墻壁接觸?，F(xiàn)打開右端閥門，氣體向外噴出，設(shè)噴口的面積為S，氣體的密度為ρ，氣體向外噴出的速度為v，則氣體剛噴出時貯氣瓶左端對豎直墻壁的作用力大小是(　　) A．ρvS　　　　　 　　　 　B. C.ρv2S D．ρv2S 解析：選D　Δt時間內(nèi)貯氣瓶噴出氣體的質(zhì)量Δm＝ρSvΔt，對于貯氣瓶、瓶內(nèi)氣體及噴出的氣體所組成的系統(tǒng)，由動量定理得FΔt＝Δmv－0，解得F＝ρv2S，由牛頓第三定律得F′＝F＝ρv2S，選項D正確。 3.(2017天津高考)“天津之眼”是一座跨河建設(shè)、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標(biāo)之一。摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動。下列敘述正確的是(　　) A．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機(jī)械能保持不變 B．在最高點時，乘客重力大于座椅對他的支持力 C．摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量為零 D．摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變 解析：選B　摩天輪轉(zhuǎn)動過程中乘客的動能不變，重力勢能一直變化，故機(jī)械能一直變化，A錯誤；在最高點乘客具有豎直向下的向心加速度，重力大于座椅對他的支持力，B正確；摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量等于重力與周期的乘積，乘客重力的沖量不為零，C錯誤；重力瞬時功率等于重力與速度在重力方向上的分量的乘積，而轉(zhuǎn)動過程中速度在重力方向上的分量是變化的，所以重力的瞬時功率也是變化的，D錯誤。 4.(2019銅陵聯(lián)考)如圖所示，在傾角為30的足夠長的光滑固定斜面上有一質(zhì)量為m的物體，它受到沿斜面方向的力F的作用。力F可按選項圖中的四種方式隨時間變化(圖中縱坐標(biāo)是F與mg的比值，力F沿斜面向上為正)。若物體在t＝0時速度為零，則選項圖中的四種情況3 s末速率最大的是(g取10 m/s2)(　　) 解析：選C　根據(jù)動量定理分別研究四種情況下物體的速率。取t0＝1 s，選項圖A中：－mgsin 303t0－F2t0＋Ft0＝mv1，得v1＝－20 m/s；選項圖B中：－mgsin 303t0＋Ft0－Ft0＝mv2，得v2＝－15 m/s；選項圖C中：－mgsin 303t0－F2t0＝mv3，得v3＝－25 m/s；選項圖D中：－mgsin 303t0－F2t0＋F′t0＝mv4，得v4＝－15 m/s。故選項C正確。 5.如圖所示，a、b、c是三個相同的小球，a從光滑斜面頂端由靜止開始自由下滑，同時b、c從同一高度分別開始自由下落和平拋。下列說法正確的是(　　) A．a(chǎn)、b、c同時到達(dá)同一水平面 B．a(chǎn)、b、c動量變化量的大小相等 C．a(chǎn)、b、c的末動能相同 D．重力對a、b、c的沖量大小相等 解析：選B　b做自由落體運(yùn)動，c的豎直分運(yùn)動是自由落體運(yùn)動，故b、c的加速度為g，設(shè)斜面的傾角為θ，則a的加速度為gsin θ，設(shè)下落相同高度h時，a下滑時間為t1，則＝gt12sin θ，解得t1＝ ，b、c下落時間為t2＝ ，a與b、c所用時間不同，選項A錯誤；a的動量變化量為mgsin θt1＝m，b、c的動量變化量為mgt2＝m，故a、b、c動量變化量大小相等，選項B正確；由機(jī)械能守恒定律可知，c的末動能大于a、b的末動能，選項C錯誤；由于t1>t2，所以重力對a、b、c的沖量大小不相等，選項D錯誤。 6．(多選)某同學(xué)為了測定當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋瓿闪巳缦虏僮鳎簩⒁毁|(zhì)量為m的小球由地面豎直向上發(fā)射出去，其速度的大小為v0，經(jīng)過一段時間后小球落地，取從發(fā)射到小球上升到最高點為過程1，小球從最高點至返回地面為過程2。如果忽略空氣阻力，則下述說法正確的是(　　) A．過程1和過程2動量的變化量大小都為mv0 B．過程1和過程2動量變化量的方向相反 C．過程1重力的沖量為mv0，且方向豎直向下 D．過程1和過程2重力的總沖量為0 解析：選AC　根據(jù)豎直上拋運(yùn)動的對稱性可知，小球落地的速度大小也為v0，方向豎直向下，上升過程和下降過程中小球只受到重力的作用。選取豎直向下為正方向，上升過程動量的變化量Δp1＝0－(－mv0)＝mv0，下降過程動量的變化量Δp2＝mv0－0＝mv0，大小均為mv0，且方向均豎直向下，A、C正確，B錯誤；小球從發(fā)射到上升至最高點又返回地面的整個過程中重力的總沖量為I＝mv0－(－mv0)＝2mv0，D錯誤。 7.(多選)(2019常德模擬)如圖所示，質(zhì)量為m的小球從距離地面高H的A點由靜止開始釋放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用，到達(dá)距地面深度為h的B點時速度減為零。不計空氣阻力，重力加速度為g。關(guān)于小球下落的整個過程，下列說法正確的有(　　) A．小球的機(jī)械能減小了mg(H＋h) B．小球克服阻力做的功為mgh C．小球所受阻力的沖量大于m D．小球動量的改變量等于所受阻力的沖量 解析：選AC　小球在整個過程中，動能變化量為零，重力勢能減小了mg(H＋h)，則小球的機(jī)械能減小了mg(H＋h)，故A正確；對小球下落的全過程運(yùn)用動能定理得：mg(H＋h)－Wf＝0，則小球克服阻力做功Wf＝mg(H＋h)，故B錯誤；小球落到地面的速度v＝，對進(jìn)入泥潭的過程運(yùn)用動量定理得：IG－IF＝0－m，得：IF＝IG＋m，知阻力的沖量大于m，故C正確；對全過程分析，運(yùn)用動量定理知，動量的變化量等于重力的沖量和阻力沖量的矢量和，故D錯誤。 8.(多選)(2019合肥模擬)一質(zhì)點靜止在光滑水平面上，現(xiàn)對其施加水平外力F，力F隨時間t按正弦規(guī)律變化，如圖所示，下列說法正確的是(　　) A．第2 s末，質(zhì)點的動量為0 B．第4 s末，質(zhì)點回到出發(fā)點 C．在0～2 s內(nèi)，力F的功率先增大后減小 D．在1～3 s內(nèi)，力F的沖量為0 解析：選CD　由題圖可知，0～2 s內(nèi)力F的方向和質(zhì)點運(yùn)動的方向相同，由F＝ma可知，質(zhì)點經(jīng)歷了一個加速度逐漸增大的加速運(yùn)動和加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，所以第2 s 末質(zhì)點的加速度為0，即速度最大，動量最大，故選項A錯誤；質(zhì)點在2～4 s內(nèi)力F的方向與0～2 s內(nèi)力F的方向不同，0～2 s內(nèi)做加速運(yùn)動，2～4 s 內(nèi)做減速運(yùn)動，所以質(zhì)點在0～4 s內(nèi)的位移均為正，故選項B錯誤；0～2 s內(nèi)，質(zhì)點速度在增大，力F先增大后減小，根據(jù)瞬時功率P＝Fv得，力F瞬時功率開始為0,2 s末時為0，所以在0～2 s內(nèi)，力F的功率先增大后減小，故選項C正確；在題圖中，圖線與橫軸所圍的面積表示力F的沖量大小，1～2 s內(nèi)的面積與 2～3 s 內(nèi)的面積大小相等，一正一負(fù)，則在1～3 s內(nèi)，力F的沖量為0，故選項D正確。 9.(2019三湘名校聯(lián)考)某中學(xué)在高考前100天倒計時宣誓活動中為給高三考生加油，用橫幅打出激勵語。如圖為橫幅的示意圖，若橫幅的質(zhì)量為m，且質(zhì)量分布均勻、由豎直面內(nèi)的四條輕繩A、B、C、D固定在光滑的豎直墻面內(nèi)，四條輕繩與水平方向的夾角均為θ，其中輕繩A、B是不可伸長的剛性繩，輕繩C、D是彈性較好的彈性繩且對橫幅的拉力恒為T0，重力加速度為g。 (1)求輕繩A、B所受力的大??； (2)在一次衛(wèi)生大掃除中，樓上的小明同學(xué)不慎將質(zhì)量為m0的抹布滑落，正好落在橫幅上沿的中點位置。已知抹布的初速度為零，下落的高度為h，忽略空氣阻力的影響。抹布與橫幅撞擊后速度變?yōu)榱?，且撞擊時間為t，撞擊過程橫幅的形變極小，可忽略不計，求撞擊過程中，繩A、B所受平均拉力的大小。 解析：(1)橫幅在豎直方向上處于平衡狀態(tài)： 2Tsin θ＝2T0 sin θ＋mg 解得：T＝T0＋。 (2)抹布做自由落體運(yùn)動，其碰撞前的速度滿足：2gh＝v02 設(shè)碰撞過程中橫幅對抹布的平均作用力為F，由動量定理可得：－(F－m0g)t＝0－m0v0 解得：F＝m0g＋ 由牛頓第三定律可知抹布對橫幅的平均沖擊力F′＝F 橫幅仍處于平衡狀態(tài)：2T1sin θ＝2T0sin θ＋mg＋F′ 解得：T1＝T0＋＋。 答案：(1)T0＋　(2)T0＋＋